100 câu trắc nghiệm Amin – Amino Axit - Protein có lời giải chi tiết (nâng cao) - Hoá học lớp 12

---

100 câu trắc nghiệm Amin – Amino Axit - Protein có lời giải chi tiết (nâng cao)

Với 100 câu trắc nghiệm Amin – Amino Axit - Protein có lời giải chi tiết (nâng cao) Hoá học lớp 12 tổng hợp 100 bài tập trắc nghiệm có lời giải chi tiết sẽ giúp học sinh ôn tập, biết cách làm dạng bài tập Amin – Amino Axit - Protein từ đó đạt điểm cao trong bài thi môn Hoá học lớp 12.

Câu 1: Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol một amin no, mạch hở X bằng oxi vừa đủ, thu được 0,5 mol hỗn hợp Y gồm khí và hơi. Cho 4,6 gam X tác dụng với dung dịch HCl (dư), số mol HCl

A. 0,2              B. 0,1

C. 0,3              D. 0,4

Lời giải:

Cọi CTPT của amin là C_nH_2n+2+kN_k (Amin chứa k nguyên tử N)

⇒ Khi đốt 1 mol amin, tạo ra n_CO2 = n, n_H2O = n + 1 + k/2; n_N2 = k/2

Do đó: 0,1.(n + n + 1 + k/2 + k/2) = 0,5 ⇔ 2n + k = 4 ⇒ n = 1; k = 2

⇒ Amin là NH₂­CH₂­NH₂

Với 4,6 g amin, n_CH2(NH2)2 = 0,1 mol ⇒ n_HCl = 0,2 mol

→ Đáp án A

Câu 2: Đốt cháy hoàn toàn một amin no, mạch hở, bậc một X bằng oxi vừa đủ, sau phản ứng được hỗn hợp Y gồm khí và hơi, trong đó V_(CO_2 ): V_(H_2 O) = 1: 2. Cho 1,8g X tác dụng với dung dịch HCl dư. Sau phản ứng làm bay hơi dung dịch được m gam muối khan. Giá trị của m là:

A. 3,99 g              B. 2,895g

C. 3,26g              D. 5,085g

Lời giải:

Gọi công thức amin là CnH₂n+2+kNk

⇒ Khi đốt, n_CO2 = n mol, n_H2O = n + 1 + k/2 (mol)

Mà V_CO2: V_H2O = 1: 2

⇒ 2n = n + 1 + k/2 ⇒ 2n ­ k = 2

Vì k ≤ 2 ⇒ n = 2; k = 2.

Amin là H₂NCH₂CH₂NH₂

1,8 g X ứng với n_amin = 1,8/60 = 0,03 mol

Muối tạo thành là ClH₃NCH₂CH₂NH₃Cl ⇒ m = 3,99 g

→ Đáp án A

Câu 3: Cho lượng dư anilin phản ứng hoàn toàn với 0,05 mol H₂SO₄ loãng, khối lượng muối thu được là

A. 7,1g              B. 14,2g

C. 19,1g              D. 28,4g

Lời giải:

Cho anilin dư phản ứng với H₂SO₄

2C₆H₅NH₂ + H₂SO₄ → (C₆H₅NH₃)₂SO₄

⇒ n_muối = 0,05 mol ⇒ m_muối = 0,05.284 = 14,2 g

→ Đáp án B

Câu 4: Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp gồm 1 amin no đơn chức mạch hở X và 1 amin không no đơn chức mạch hở Y có 1 nối đôi C=C có cùng số nguyên tử C với X cần 55,44 lít O₂(đktc) thu được hỗn hợp khí và hơi trong đó n_CO2: n_H2O = 10:13 và 5,6 lít N₂ (đktc). Khối lượng của hỗn hợp amin ban đầu là:

A. 35,9 gam              B. 21,9 gam

C. 29 gam              D. 28,9 gam

Lời giải:

Giả sử X, Y + 2,475 mol O₂ → x mol CO₂ + y mol H₂O + 0,25 mol N₂

Theo đề bài ⇒ x/y = 10/13

Bảo toàn nguyên tố oxi → 2x + y = 2.2,475

Tìm được x = 1,5 mol; y = 1,95 mol

Bảo toàn Khối lượng:

⇒ m_X + m_Y = m_C + m_H + m_N = 1,5.12 + 1,95.2 + 0,25.28 = 28,9 g

→ Đáp án D

Câu 5: Cho 0,76 gam hỗn hợp X gồm hai amin đơn chức, có số mol bằng nhau, phản ứng hoàn toàn với dung dịch HCl dư, thu được 1,49 gam muối. Khối lượng của amin có phân tử khối nhỏ hơn trong 0,76 gam X là

A. 0,45 gam.             B. 0,38 gam.

C. 0,58 gam.              D. 0,31 gam.

Lời giải:

Gọi 2 amin là A và B (với M_A < M_B)

Vì amin đơn chức , tăng giảm khối lượng ⇒ n_HCl = (1,49 – 0,76)/36,5 = 0,02 mol

Do đó, n_A = n_B = 0,01 mol ⇒ 0,01.M_A + 0,01.M_B = 0,76 ⇒ M_A + M_B = 76

⇒ M_A < 76/2 = 38 ⇒ M_A= 31 (CH₃NH₂) ⇒ M_B = 45 (CH₃CH₂NH₂)

⇒ n_CH3NH2 = 0,01. 31 = 0,31 g

→ Đáp án D

Câu 6: Đốt cháy hoàn toàn 1,18g amin đơn chức X bằng 1 lượng không khí vừa đủ, dẫn toàn bộ lượng hỗn hợp khí sau phản ứng vào bình đựng Ca(OH)₂ dư, được 6g kết tủa và có 9,632 lít khí (đktc) duy nhất thoát ra khỏi bình. Tìm ctpt của X

A. C₃H₉N              B. C₂H₇N

C. C₃H₇N              D. CH₅N

Lời giải:

Gọi CTPT của amin là CxHyN

m_{kết tủa} = m_CaCO3 = 6 g ⇒ n_CO2 = 6/100 = 0,06 mol

Khí còn lại là N₂ ⇒ n_N2 = 0,43 mol (Gồm N₂ trong không khí và N₂ sinh ra do đốt amin)

Đặt số mol amin là a ⇒ n_{N2 (amin)} = a/2 mol ⇒ n_{N2 (không khí)} = 0,43 – a/2 (mol)

Mà trong không khí, n_O2 = 1/4 n_N2 ⇒ n_{O2 phản ứng} = 1/4. (0,43 – a/2) mol

Bảo toàn Khối lượng ⇒ m_{H (amin)} = 1,18 – 0,06.12 – a.14 = 0,46 – 14a

⇒ n_H2O = (0,46 – 14a)/2

Ta có: 2n_CO2 + n_H2O = 2n_O2 ⇔ 2. 0,06 + (0,46 – 14a)/2 = 2. 1/4 (0,43 – a/2)

⇒ a = 0,02 mol ⇒ M_amin = 1,8/0,02 = 59 (C₃H₉N)

→ Đáp án A

Câu 7: Trong bình kín chứa 35 ml hỗn hợp gồm H₂, một amin đơn chức và 40 ml O₂. Bật tia lửa điện để đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp, rồi đưa hỗn hợp thu được về điều kiện ban đầu. Thể tích các chất tạo thành bằng 20 ml gồm 50% là CO₂, 25% là N₂, 25% là O₂. CTPT của amin là

A. CH₅N              B. C₂H₇N

C. C₃H₆N              D. C₃H₅N

Lời giải:

Do điều kiện như nhau nên ta sử dụng thể tích như số mol (để tiện tính toán)

Ta có:

35ml + 40 ml O₂

Amin đơn chức ⇒ V_amin = 2V_N2 = 10 ml

⇒ V_H2 = 35 – 10 = 25 ml

⇒ Số C của amin là: V_CO2 / V_amin = 10/10 = 1

Trong các phương án đã cho chỉ có CH₅N thỏa mãn

→ Đáp án A

Câu 8: Hỗn hợp khí X gồm etylamin và hai hiđrocacbon đồng đẳng liên tiếp. Đốt cháy hoàn toàn 100 ml hỗn hợp X bằng một lượng oxi vừa đủ, thu được 550 ml hỗn hợp Y gồm khí và hơi nước. Nếu cho Y đi qua dung dịch axit sunfuric đặc (dư) thì còn lại 250 ml khí (các thể tích khí và hơi đo ở cùng điều kiện). Công thức phân tử của hai hiđrocacbon là

A. CH₄ và C₂H₆.             B. C₂H₄ và C₃H₆.

C. C₂H₆ và C₃H₈.             D. C₃H₆ và C₄H₈.

Lời giải:

Gọi công thức chung của 2 hidrocacbon là C_xH_y . Gọi V_C2H7N = a; V_CxHy = b

Ta có: a + b = 100 ⇒ a = 100 – b

Khi cho Y qua H₂SO₄ đặc ⇒ H₂O bị giữ lại

Mà V_H2O = 0,5.(7a + by); V_CO2 = 2a + xb; V_N2 = 0,5a

Do vậy

    +) Từ 5a + 2xb = 500, mà a = 100 – b

⇒ 5.(100 – b) + 2xb = 500 ⇒ x = 2,5

⇒ Hai hidrocacbon đồng đẳng kế tiếp có số mol bằng nhau (vì số C trung bình = 2,5)

⇒ Số H phải là số lẻ (là trung bình cộng của 2 số chẵn liên tiếp)

    +) Từ 7a + by = 600 ⇒ 7.(100 – b) + by = 600 ⇒ (7 – y)b = 100 ⇒ y < 7

Do đó, y = 3 hoặc y = 5

⇒ Hai hidrocacbon là: C₂H₄ và C₃H₆ (y = 5)

hoặc C₂H₂ và C₃H₄ (y = 3)

→ Đáp án B

Câu 9: Trung hòa hoàn toàn 9,62 gam một amin bậc 1 bằng dung dịch HCl thu được 19,11g muối. Amin có công thức là

A. H₂NCH₂CH₂NH₂              B. CH₃CH₂NH₂

C. H₂NCH₂CH₂CH₂CH₂NH₂              D. H₂NCH₂CH₂CH₂NH₂

Lời giải:

Gọi amin là R(NH₂)_x ⇒ Muối là R(NH₃Cl)_x

Tăng giảm khối lượng ⇒ n_HCl = (19,11 – 9,62)/36,5 = 0,26 mol

⇒ n_amin = 0,26/x (mol)

⇒ M_amin = 9,62/n_amin = 37x ⇒ x = 2; M = 74 (H₂N­C3H6­NH₂)

→ Đáp án D

Câu 10: Cho 18,6 gam một ankylamin tác dụng với dung dịch FeCl₃ (dư), thu được 21,4 gam kết tủa. Công thức cấu tạo thu gọn của ankylamin là:

A. CH₃NH₂.              B. C₄H₉NH₂.

C. C₂H₅NH₂.              D. C₃H₇NH₂.

Lời giải:

Gọi ankylamin là RNH₂

3RNH₂ + 3H₂O + FeCl3 → Fe(OH)₃ + 3RNH₃Cl

⇒ n_Fe(OH)3 = 0,2 mol ⇒ n_RNH2 = 0,6 mol ⇒ M_RNH2 = 18,6/0,6 = 31 (CH₃NH₂)

→ Đáp án A

Câu 11: Hợp chất X chứa vòng benzen, có công thức phân tử CxHyN. Khi cho X tác dụng với dung dịch HCl thu được muối Y có công thức dạng RNH₃Cl (R là gốc hiđrocacbon). Phần trăm khối lượng của nitơ trong X là 13,084%. Số đồng phân cấu tạo của X thỏa mãn các điều kiện trên là

A. 3              B. 4

C. 5              D. 6

Lời giải:

X + HCl → RNH₃Cl

⇒ X là amin đơn chức, bậc 1. M_X = 14/0,13084 = 107 (C₇H₇NH₂)

Có 4 đồng phân thỏa mãn là: C₆H₅CH₂NH₂; CH₃C₆H₄NH₂ (o­ ; m­ ; p­)

→ Đáp án B

Câu 12: X là amin no đơn chức mạch hở và Y là amin no 2 lần amin mạch hở có cùng số cacbon. Trung hòa hỗn hợp gồm a mol X và b mol Y cần dung dịch chứa 0,5 mol HCl và tạo ra 43,15 gam hỗn hợp muối. Trung hòa hỗn hợp gồm b mol X và a mol Y cần dung dịch chứa 0,4 mol HCl và tạo ra p gam hỗn hợp muối. p có giá trị là :

A. 40,9 gam              B. 38 gam

C. 48,95 gam              D. 32,525 gam

Lời giải:

Trung hòa 1 mol X cần 1 mol HCl, 1 mol Y cần 2 mol HCl

Do vậy

Khối lượng của a mol X và b mol Y là: m₁ = 43,15 – 0,5.36,5 = 24,9

⇒ 0,1.M_X + 0,2.M_Y = 24,9  M_X + 2M_Y = 249

Vì X , Y có cùng số C , gọi CTPT của X là C_nH_2n+1NH₂ ⇒ Y là C_nH_2n(NH₂)₂

⇒ (14n + 1 + 16) + 2.(14n + 16.2) = 249 ⇒ n = 4 ⇒ Muối là C₄H₉NH₃Cl và C₄H₈(NH₃Cl)₂

⇒ p gam gồm: 0,2 mol C₄H₉NH₃Cl và 0,1 mol C₄H₈(NH₃Cl)₂

⇒ p = 38 g

→ Đáp án B

Câu 13: Cho 20 gam hỗn hợp gồm 3 amin đơn chức, đồng đẳng kế tiếp nhau tác dụng vừa đủ với dung dịch HCl 1M, rồi cô cạn dung dịch thì thu được 31,68 gam hỗn hợp muối. Thể tích dung dịch HCl đã dùng là bao nhiêu?

A. 100ml              B. 50ml

C. 200ml              D. 320ml

Lời giải:

Tăng giảm khối lượng ⇒ n_HCl = (31,68 – 20)/36,5 = 0,32 mol

⇒ V_HCl = 0,33/1 = 0,32 lít = 320 ml

→ Đáp án D

Câu 14: Cho chuỗi phản ứng sau:

C₆H₆ + HNO₃ (H₂SO₄) → X + Fe, HCl → Y + NaOH → Z. Tên gọi của Z là:

A. Anilin              B. Nitrobenzen

C. Phenylclorua              D. Phenol

Lời giải:

Theo thứ tự phản ứng, ta có:

X là C₆H₅-NO₂

Y là: C₆H₅NH₂

PTHH: 3C₆H₅NO₂ + 3Fe + 6HCl → C₆H₅NH₂ + 3FeCl2 + 2H₂O

⇒ Z là anilin do Y không phản ứng với NaOH

→ Đáp án A

Câu 15: Đốt cháy hoàn toàn m gam metylamin sinh ra 2,24 lít khí N₂ (ở đktc). Giá trị của m là

A. 3,1 gam.              B. 6,2 gam.

C. 5,4 gam              D. 2,6 gam.

Lời giải:

n_N2 = 0,1 mol ⇒ n_N = 0,2 mol

Bảo toàn nguyên tố nito ⇒ n_CH3NH2 = 0,2 mol

⇒ m = 0,2. 31 = 6,2 gam

→ Đáp án B

Câu 16: Đốt cháy hoàn toàn 7,4g một amin thu được 6,72 lít khí CO₂ (đkc) và 9g H₂O. CTPT của amin là:

A. C₂H₅N.              B. C₃H₉N

C. C₃H₁₀N₂.              D. C₃H₈N₂.

Lời giải:

n_CO2 = 0,3 mol ⇒ n_C = 0,3 mol

n_H2O = 0,5 mol ⇒ n_H = 1 mol

Bảo toàn khối lượng ⇒ m_N = 7,4 – 0,3.12 – 1 = 2,8 gam

⇒ n_N = 0,2 mol

⇒ xét tỉ lệ ⇒ công thức của amin là C₃H₁₀N₂

→ Đáp án C

Câu 17: Để kết tủa hết 400ml dung dịch hỗn hợp HCl 0,5M và FeCl3 0,8M cần bao nhiêu gam hỗn hợp gồm metylamin và etylamin có tỉ khối so với H₂ là 17,25?

A. 41,4 gam              B. 40,02 gam

C. 51,75 gam              D. Không đủ điều kiện để tính.

Lời giải:

Do amin có tính bazo nên quá trình phản ứng sẽ là amin phản ứng hết với HCl trước, sau đó sẽ tạo kết tủa theo phương trình:

FeCl₃ + 3R-NH₂ + 3H₂O → 3R-NH₃Cl + Fe(OH)₃

⇒ Tổng số mol amin cần dùng là 0,4.0,5 + 0,8.0,4.3 = 1,16 mol

Xét hỗn hợp CH₃NH₂ và C₂H₅NH₂ có M là 34,5 và có số mol là 1,16

⇒ m = 1,16 . 34,5 = 40,02 gam

→ Đáp án B

Câu 18: Đốt cháy hoàn toàn một amin đơn chức, no, mạch hở bậc 2 thu được CO₂ và H₂O với tỉ lệ mol tương ứng là 2: 3. Tên gọi của amin đó là:

A. etylmetylamin             B. đietylamin

C. đimetylamin              D. metylisopropylamin

Lời giải:

Tỉ lệ 2:3 ⇒ tỉ lệ C: H là 2: 6 = 1: 3

⇒ kết hợp với 4 đáp án ⇒ amin đó chỉ có thể là C₃H₉N

→ Đáp án A

Câu 19: Khi cho 13,95g anilin tác dụng hoàn toàn với 0,2 lit dd HCl 1M. Khối lượng muối thu được là

A. 25,9g              B. 20,25g

C. 19,425g              D. 27,15g

Lời giải:

Theo bài ra, n_anilin = 0,15 mol. HCl = 0,2 mol ⇒ HCl dư 0,05 mol

⇒ bảo toàn khối lượng: m = 13,95 + 0,15 . 36,5 = 19,425

→ Đáp án C

Câu 20: Đốt cháy hoàn toàn a mol hỗn hợp X gồm 2 amin no đơn chức mạch hở thu được 5,6 (l) CO₂ (đktc) và 7,2 g H₂O. Giá trị của a là

A. 0,05 mol              B. 0,1 mol

C. 0,15 mol              D. 0,2 mol

Lời giải:

Theo bài ra, ta có n_CO2 = 0,25 mol; n_H2O = 0,4 mol

Áp dụng công thức:

n_amin = (n_H2O – n_CO2)/1,5 (amin no đơn chức)

= (0,4 – 0,25): 1,5 = 0,1 mol.

→ Đáp án B

Câu 21: Cho 11,25 gam C₂H₅NH₂ tác dụng với 200 ml dung dịch HCl x(M). Sau khi phản ứng xong thu được dung dịch có chứa 22,2 gam chất tan. Giá trị của x là

A. 1,3M              B. 1,25M

C. 1,36M              D. 1,5M

Lời giải:

Giả sử C₂H₅-NH₂ phản ứng hết → số mol HCL Phản ứng = Số mol amin = 11.25 / 45 = 025 mol = Muối tạo thành

- Muối tạo thành là C₂H₅NH₃Cl → Khối lương là m = 0,25x(45+ 36,5)= 20,375 g . Đề nói có 22,2 g chất tan → HCl dư ⇒ m_{HCl dư} = m_{chất tan} – m_muối = 1.825g → số mol HCl dư là 1.825/36.5 = 0.05mol ⇒ vậy số mol HCl tổng là = 0.25 + 0.05 = 0.3 mol

→ C_M(HCl) = n/V = 0.3/0.2 =1.5 M

→ Đáp án D

Câu 22: Đốt cháy một amin no đơn chức mạch hở X ta thu được CO₂ và H₂O có tỉ lệ mol n_CO2: n_H2O = 8:11. Biết rắng khi cho X tác dụng với dung dịch HCl tạo muối có công thức dạng RNH₃Cl. Số đồng phân của X thỏa mãn điều kiện trên là:

A. 1              B. 2

C. 3              D. 4

Lời giải:

Theo bài ra, tỉ lệ n_CO2: n_H2O = 8: 11 ⇒ tỉ lệ C: H = 4: 11 ⇒ C4H11N

Theo bài ra thì X là amin bậc 1, do đó có:

    +) C-C-C-C-NH₂ ( butan-1-amin)

    +) C-C(CH₃)-C-NH₂ ( butan-2-amin)

    +) C-C-C(CH₃)-NH₂ ( 2-metyl propan-1-amin)

    +) C-C(CH₃)2-NH₂ ( 2-metyl propan-2-amin)

⇒ 4 đồng phân

→ Đáp án D

Câu 23: Hợp chất hữu cơ X mạch hở chứa C, H và N trong đó N chiếm 16,09% về khối lượng. X tác dụng được với HCl theo tỉ lệ số mol 1:1. Công thức của X là

A. C₃H₇NH₂              B. C₄H₉NH₂

C. C₂H₅NH₂              D. C₅H₁₁NH₂

Lời giải:

Theo bài ra, X đơn chức. Để ý 4 đáp án chỉ có 1 nhóm NH₂ nên dựa vào phần trăm N ⇒ M_X = 87

⇒ X là C₅H₁₁NH₂

→ Đáp án D

Câu 24: Đốt cháy hoàn toàn 2 amin no, đơn chức đồng đẳng liên tiếp, thu được hỗn hợp sản phẩm và hơi nước với tỉ lệ: V_CO2: V_H2O = 8: 17. Công thức của 2 amin là

A. C₂H₅NH₂ và C₃H₇NH₂              B. C₃H₇NH₂ và C₄H₉NH₂

C. CH₃NH₂ và C₂H₅NH₂              D. C₄H₉NH₂ và C₅H₁₁NH₂

Lời giải:

Tỉ lệ thể tích cũng như tỉ lệ số mol.

V_CO2: V_H2O = n_CO2 / n_H2O = 8/17

Số mol hỗn hợp amin: (n_H2O – n_CO2)/1,5 = (17 - 8)/1,5 = 6

Số nguyên tử C trung bình là: 8/6 = 1,3333 Vì hỗn hợp đầu gồm 2 amin no đơn chức đồng đẳng kế tiếp CH₃NH₂ và C₂H₅NH₂

→ Đáp án C

Câu 25: Cho 13,35 gam hỗn hợp X gồm 2 amin no đơn chức mạch hở đồng đẳng kế tiếp tác dụng với dung dịch HCl vừa đủ thu được dung dịch chứa 22,475 gam muối. Nếu đốt cháy hoàn toàn 13,35 gam hỗn hợp X thì trong sản phẩm cháy có V_CO2: V_H2O bằng

A. 8/13              B. 5/8

C. 11/17              D. 26/41

Lời giải:

Bào toàn khối lượng ⇒ n_HCl = 0,25 mol. vì amin đơn chức nên tổng số mol 2 amin là 0,25 mol Có m = 13,35 và n = 0,25 ⇒ M trung bình: 53,4

Vì 2 amin no đơn chức mạch hở đồng đẳng kế tiếp nên đó là C₂H₅NH₂ và C₃H₇NH₂ và số mol tương ứng là 0,1 và 0,15

⇒ tỉ lệ thể tích cũng chỉnh là tỉ lệ mol là:

(0,1.2 + 0,15.3): [(0,1.7 + 0,15.9): 2] = 26/41

→ Đáp án D

Câu 26: Có 2 amin bậc 1: (A) là đồng đẳng của anilin, (B) là đồng đẳng của metylamin. Đốt cháy hoàn toàn 3,21g (A) thu được 336 ml N₂ (đktc). Khi đốt cháy hoàn toàn (B) cho hỗn hợp khí, trong đó V_CO2: V_H2O = 2: 3. CTCT của (A),(B) là

A. CH₃C6H4NH₂ và CH₃CH₂CH₂NH₂

B. C₂H₅C6H4NH₂ và CH₃CH₂CH₂NH₂

C. CH₃C6H4NH₂ và CH₃CH₂CH₂CH₂NH₂

D. C₂H₅C6H4NH₂ và CH₃CH₂CH₂CH₂NH₂

Lời giải:

Xét cả A và B đều là đơn chức.

- Đốt A, ta có n_N = 0,03 mol ⇒ M_A = 3,21: 0,03 = 107 ⇒ A là CH₃C6H4NH₂

- Đốt B ta có tỉ lệ C: H = 1:3 ⇒ C₃H₉N ⇒ B là CH₃CH₂CH₂NH₂

→ Đáp án A

Câu 27: Cho 9,85 gam hỗn hợp 2 amin đơn chức no, bậc 1 tác dụng vừa đủ với dung dịch HCl thu được 18,975 gam muối. Công thức cấu tạo của 2 amin lần lượt là

A. CH₃NH₂ và C₂H₅NH₂              B. C₃H₇NH₂ và C₄H₉NH₂

C. CH₃NH₂ và C₃H₅NH₂.              D. C₂H₅NH₂ và C₃H₇NH₂.

Lời giải:

bảo toàn khối lượng ta tìm được số mol HCl là: 0,25 mol

⇒ M trung bình: 9,85: 0,25 = 39,4

⇒ Chắc chắn phải có CH₃NH₂

⇒ Loại B và D

xét ý C có amin không no, không thỏa mãn đề bài

→ Đáp án A

Câu 28: Trung hoà 0,9 gam 1 amin đơn chức X cần vừa đủ với 200 ml dung dịch H₂SO₄ có pH = 1. Phát biểu không chính xác về X là:

A. X là chất khí

B. Tên gọi X là etyl amin

C. Dung dịch trong nước của X làm quỳ tím hóa xanh

D. X tác dụng được với dung dịch FeCl3 cho kết tủa Fe(OH)₃

Lời giải:

Số mol H⁺ là 0,1. 0,2 = 0,02 mol

⇒ M_X = 0,9/0,02 = 45 ⇒ X có CTPT: C₂H₇N

⇒ ý A, C, D đều đúng

Ý B sai do X có thể là C₂H₅NH₂ hoặc CH₃NHCH₃

→ Đáp án B

Câu 29: A là hợp chất hữu cơ mạch vòng chứa C, H, N trong đó N chiếm 15,054% theo khối lượng. A tác dụng với HCl tạo ra muối có dạng RNH₃Cl. Cho 9,3g A tác dụng hết với nước brom dư thu được a gam kết tủa. giá trị của a là

A. 33              B. 30

C. 39              D. 36

Lời giải:

Theo bài ra, ta có M_(A) = 14/0,15054 = 93

⇒ A là C₆H₅NH₂

0,1 mol C₆H₅NH₂ → 0,1 mol C₆H₂Br₃NH₂

a = 33 gam

→ Đáp án A

Câu 30: Đốt cháy hoàn toàn 8,7 gam amino axit X (có một nhóm NH₂) thì thu được 0,3 mol CO₂; 0,25 mol H₂O và 1,12 lít (ở đktc) một khí trơ. Công thức phân tử của X là:

A. C₃H₅O₂N₂.              B. C₃H₅O₂N.

C. C₃H₇O₂N.              D. C₆H₁₀O₂N₂.

Lời giải:

X có dạng C_xH_yO_tN

n_C = n_CO2 = 0,3 mol.

n_H = 2n_H2O = 2. 0,25 = 0,5 mol.

n_N = 2n_N2 = 2. 0,05 = 0,1 mol.

m_O = m_X - m_C - m_H - m_O = 8,7 - 0,3. 12 - 0,5. 1 - 0,1. 14 = 3,2 gam.

n_O = 3,2/16 = 0,2 mol.

Ta có x: y: z: 1 = 0,3: 0,5: 0,2: 0,1 = 3: 5: 2: 1

Vậy X là C₃H₅O₂N

→ Đáp án B

Câu 31: Cho 1,52g hỗn hợp hai amin đơn chức no X, Y có số mol bằng nhau tác dụng vừa đủ với 200ml dung dịch HCl, thu được 2,98g muối. Kết luận nào sau đây không chính xác?

A. Tên gọi 2 amin là metylamin và etylamin

B. Nồng độ dung dịch HCl bằng 0,2 M.

C. Số mol mỗi chất là 0,02 mol

D. Công thức của amin là CH₅N và C₂H₇N

Lời giải:

Ta có: m_HCl = m_muối - m_amin = 1.46

⇒ n_HCl = 0.04 ⇒ nồng độ mol là 0,2 ⇒ đúng

Số mol mỗi amin là 0.02 dúng

Công thức chung la C_nH_2n+3N

M_tb = 1.52/0.04 = 38 nên n = 1.5

do số mol 2 chất bằng nhau nên C đúg

⇒ Đáp án A sai vì C₂H₇N có 2 công thúc cấu tạo

→ Đáp án A

Câu 32: Cho 6,675 gam một amino axit X (phân tử có 1 nhóm –NH₂ và 1 nhóm –COOH) tác dụng vừa hết với dung dịch NaOH thu được 8,633 gam muối. Phân tử khối của X bằng?

A. 117              B. 89

C. 97              D. 75

Lời giải:

Áp dụng tăng giảm khối lượng có:

→ Đáp án D

Câu 33: Amino axit X có công thức Cho tác dụng với 200 ml dung dịch hỗn hợp thu được dung dịch Y. Cho Y phản ứng vừa đủ với 400ml dung dịch thu được dung dịch chứa m gam muối. Giá trị của m gần nhất với giá trị nào sau đây?

A. 6              B. 10

C. 12              D. 8

Lời giải:

Quy trình: X + hỗn hợp axit + hỗn hợp bazơ vừa đủ.

⇒ n_H2O = ∑n_OH^- = 0,4.(0,1 + 0,2) = 0,12 mol

Bảo toàn khối lượng

m = 0,02.118 + 0,02.98 + 0,06.36,5 + 0,04.40 + 0,08.56 – 0,12.18 = 10,43 gam.

→ Đáp án B

Câu 34: X là amino axit no, mạch hở, phân tử chỉ chứa một nhóm và một nhóm COOH. Y là một axit cacboxylic no, đơn chức, mạch hở. Hỗn hợp M gồm X, Y và một peptit có công thức Đun nóng 0,25 mol M với 200 ml dung dịch NaOH 2M, thu được dung dịch Z chỉ chứa muối. Đốt cháy hết muối trong Z cần vừa đủ 24,64 lít (đktc) thu được sản phẩm trong đó có tổng khối lượng và là 49,2 gam. Phần phần trăm về khối lượng của Y trong M có giá trị gần nhất với giá trị nào sau đây?

A. 28%              B. 26%

C. 27%              D. 25%

Lời giải:

Đặt n_CO2 = x; n_H2O = y ⇒ m_CO2 + m_H2O = 44x + 18y = 49,2 (g)

n_COO^- = n_NaOH = 0,4 mol

Bảo toàn nguyên tố Na: n_Na2CO3 = 0,2 mol

Bảo toàn nguyên tố Oxi: 0,4.2 + 1,1.2 = 2x + y + 0,2.3

Giải hệ có x = 0,75 mol; y = 0,9 mol

Muối của X và Ala có dạng C_nH_2nNO₂Na → n_H = 2nC

Muối của Y có dạng C_mH_2m–1O₂Na → n_Y = (n_C – n_H/2): 0,5 = 0,1 mol → n_X, Ala = 0,3 mol

Ta có: m ≥ 1 ⇒ C_{X, Ala} ≤ (0,95 - 0,1):0,3 = 2,83 ⇒ X là Gly

Trong M, đặt n_{X, Y} = a; n_peptit = b

→ n_M = a + b = 0,25 mol

n_NaOH = a + 4b = 0,4 mol

→ a = 0,2 mol; b = 0,05 mol

→ n_X/M = 0,1 mol

Bảo toàn nguyên tố Cacbon: C_Y = (0,95 – 0,05.3 – 0,25.2): 0,1 = 3

→ Y là C₃H₆O₂ ⇒ %m_Y = 0,1.75:(0,1.75 + 0,1.74 + 0,05.260).100% = 26,25%

→ Đáp án C

Câu 35: Cho 14,19 gam hỗn hợp gồm 3 amino axit (phân tử chỉ chứa một nhóm cacboxyl và một nhóm amino) vào dung dịch chứa 0,05 mol axit oxalic, thu được dung dịch X. Thêm tiếp 300 ml dung dịch NaOH 1M vào X, sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn, cô cạn dung dịch thu được 26,19 gam chất rắn khan Y. Hòa tan Y trong dung dịch HCl dư, thu được dung dịch chứa m gam muối. Giá trị của m là:

A. 35,39.              B. 37,215.

C. 19,665.              D. 39,04.

Lời giải:

BTKL: 14,19 + 0,05.90 + 0,3.40 = 26,19 + m_H2O → n_H2O = 0,25 mol

Số mol HCl phản ứng tối đa với Y là 0,15 + 0,3 = 0,45 mol.

BTKL: m = 14,19 + 0,3.40 + 0,45.36,5 – 0,3.18 = 37,215 gam.

→ Đáp án B

Câu 36: Đun nóng dung dịch chứa 0,2 mol hỗn hợp gồm glyxin và axit glutamic cần dùng 320 ml dung dịch NaOH 1M, cô cạn dung dịch sau phản ứng, thu được lượng muối khan là

A. 36,32 gam.              B. 30,68 gam.

C. 35,68 gam.              D. 41,44 gam.

Lời giải:

- Hướng tư duy 1: Xác định các chất có trong muối

+ Ta có

m_muối = 97x + 191y= 30,68 (g)

- Hướng tư duy 2: Bảo toàn khối lượng

+ Ta có: n_H2O = n_NaOH = 0,03 mol -^BTLK→ m_muối = m_gly + m_glu + 40n_NaOH – m_H2O = 30,68 (g)

→ Đáp án B

Câu 37: Cho chất hữu cơ X có công thức phân tử C₂H₈N₂O₃. Cho 3,24 gam X tác dụng với 500 mL dung dịch KOH 0,1M. Sau khi kết thúc phản ứng thu được chất hữu cơ Y và dung dịch Z. Cô cạn dung dịch Z thu được khối lượng chất rắn là m gam. Giá trị của m là

A. 3,05.              B. 5,50.

C. 4,50.              D. 4,15.

Lời giải:

X là C₂H₅NH₃NO₃: n_X = 0,03 mol; n_KOH = 0,05 mol ⇒ KOH dư.

→ Rắn gồm 0,03 mol KNO₃ và (0,05 – 0,03 = 0,02) mol KOH dư.

→ m = 0,03.101 + 0,02.56 = 4,15(g)

→ Đáp án D

Câu 38: Hỗn hợp X gồm các peptit mạch hở, đều được tạo thành từ các amino axit có dạng H₂NC_mH_nCOOH. Đun nóng 4,63 gam X với dung dịch KOH dư, thu được dung dịch chứa 8,19 gam muối. Nếu đốt cháy hoàn toàn 4,63 gam X cần 4,2 lít O₂ (đktc). Dẫn toàn bộ sản phẩm cháy (CO₂, H₂O, N₂) vào dung dịch Ba(OH)₂ dư, sau phản ứng thu được m gam kết tủa và khối lượng dung dịch giảm 21,87 gam. Giá trị của m gần giá trị nào nhất sau đây?

A. 30,0.              B. 27,5.

C. 32,5.              D. 35,0.

Lời giải:

Quy X về C₂H₃NO, CH₂ và H₂O. Đặt n_C2H3NO = x; n_CH2 = y.

→ Muối gồm x mol C₂H₄NO₂K và y mol CH₂ ⇒ m_muối = 113x + 14y = 8,19(g).

n_O2 = 2,25x + 1,5y = 0,1875 mol

Giải hệ có: x = 0,07 mol; y = 0,02 mol.

Bảo toàn nguyên tố Cacbon: n_BaCO3 = 0,07 × 2 + 0,02 = 0,16 mol

→ m = 31,52(g) (Ps: |30 – 31,52| > |32,5 – 31,52| ⇒ gần C hơn).

→ Đáp án C

Câu 39: Cho 0,15 mol H₂NC₃H₅(COOH)2 (axit glutamic) vào 175 ml dung dịch HCl 2M, thu được dung dịch X. Cho NaOH dư vào dung dịch X. Sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn, số mol NaOH dư vào dung dịch X. Sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn, số mol NaOH đã phản ứng là:

A. 0,50.              B. 0,55.

C. 0,65.              D. 0,70.

Lời giải:

Quy quá trình về:

→ n_{NaOH phản ứng} = 2n_Glu + n_HCl = 0,65 mol

→ Đáp án C

Câu 40: Cho 0,12 mol alanin tác dụng vừa đủ với dung dịch HCl thu được dung dịch X. Thêm vào dung dịch X 300 ml dung dịch NaOH 1M thu được dung dịch Y. Cô cạn dung dịch Y thu được m gam chất rắn khan. Biết khi cô cạn không xảy ra phản ứng hoá học. Giá trị của m là:

A. 17,70 gam              B. 23,14 gam

C. 22,74 gam              D. 20,10 gam

Lời giải:

n_HCl = n_Ala = 0,12 mol; n_{NaOH (dư)} = 0,3 - 0,12.2 = 0,06(mol)

m_rắn = m_Ala-Na + m_NaCl + n_{NaOH dư} = 0,12.111 + 0,12.58,5 + 0,06.40 = 22,74(g)

→ Đáp án C

Câu 41: Cho 0,027 mol hỗn hợp X gồm axit glutamic và alanin vào 100 ml dung dịch HCl 0,3M thu được dung dịch Y. Biết Y phản ứng vừa hết với 69 ml dung dịch NaOH 1M. Số mol axit glutamic trong X là

A. 0,015                 B. 0,025

C. 0,020                 D. 0,012

Lời giải:

Ta có hệ

→ Đáp án D

Câu 42: Amino axit X có công thức (H₂N)₂C₃H₅COOH. Cho 0,04 mol X tác dụng với 400ml dung dịch hỗn hợp H₂SO4 0,1M và HCl 0,3M thu được dung dịch Y. Cho Y phản ứng vừa đủ với V ml dung dịch gồm NaOH 0,2M và KOH 0,4M, thu được dung dịch chứa m gam muối. Giá trị của m là

A. 7,12                 B. 20,86

C. 23,38                D. 16,18

Lời giải:

Tóm tắt toàn bộ quá trình phản ứng như sau:

Ta có: ∑n_OH^- = n_X + n_H⁺ = 0,04 + 0,04.2 + 0,12 = 0,24 = 3x ⇒ x = 0,08 mol

Ta có H₂O được sinh ra từ: OH^- + H⁺ → H₂O và cho X tác dụng với bazơ.

⇒ n_H2O = n_H⁺ = 0,04.2 + 0,12 + 0,04 = 0,24 mol

Bảo toàn khối lượng:

m_muối = 0,04.118 + 0,04.98 + 0,12.36,5 + 0,08.40 + 0,16.56 – 0,24.18 = 20,86 gam

→ Đáp án B

Câu 43: Một α-amino axit X (trong phân tử chỉ chứa 1 nhóm amino và 1 nhóm cacboxyl). Cho 13,35 gam X tác dụng với HCl dư thu được 18,825 gam muối. X là

A. valin                 B. axit glutamic

C. alanin                 D. glyxin

Lời giải:

Áp dụng sự tăng, giảm khối lượng, ta có

Suy ra M_X = 89 (alanin)

→ Đáp án C

Hướng dẫn:

→ Đáp án .

Câu 44: Hỗn hợp X gồm ba amino axit (chỉ chứa nhóm chức -COOH và -NH₂ trong phân tử), trong đó tỉ lệ mN: mO = 7:16. Để tác dụng vừa đủ với 10,36 gam hỗn hợp X cần đủ 120 ml dung dịch HCl 1M. Mặt khác cho 10,36 gam hỗn hợp X tác dụng với 150 ml dung dịch NaOH 1M rồi cô cạn thu được m gam rắn. Giá trị của m là

A. 13,36                 B. 14,20

C. 13,00                 D. 12,46

Lời giải:

Ta có: n_N:n_O = 1:2 nên n_NH2:n_COOH = 1:1. Suy ra khi tác dụng với 0,15 mol NaOH thì dư ra 0,03mol NaOH.

Áp dụng sự tăng giảm khối lượng, ta có:

m_rắn = m_muối + m_{NaOH dư} = (m_X + 22.n_{NaOH pư}) + 0,03.40 = 10,36 + 22.0,12 + 0,03.40 = 14,2 gam.

→ Đáp án B

Hướng dẫn:

→ Đáp án

Câu 45: Amino axit X trong phân tử có một nhóm –NH₂ và một nhóm –COOH. Cho 26,7 gam X phản ứng với lượng dư dung dịch HCl, thu được dd chứa 37,65 gam muối. Công thức của X là

A. H₂N–[CH₃]₃–COOH.                 B. H₂N–[CH₂]₂–COOH.

C. H₂N–[CH₂]₄–COOH.                 D. H₂N–CH₂–COOH.

Lời giải:

Đặt CT của X là H₂NRCOOH

26,7(g) X + ?HCl → 37,65(g) Muối.

Bảo toàn khối lượng: m_HCl = 10,95(g) ⇒ n_X = n_HCl = 0,3 mol.

→ M_X = 26,7: 0,3 = 89 ⇒ R = 28 (C₂H₄)

→ Đáp án B

Câu 46: Chất X có công thức phân tử C₂H₇O₃N. Khi cho X tác dụng với dung dịch HCl hoặc dung dịch NaOH dư đun nóng nhẹ thì đều thấy khí thoát ra. Lấy 0,1 mol X cho vào dung dịch chứa 0,25 mol KOH. Sau phản ứng cô cạn dung dịch được m gam chất rắn. Giá trị của m là

A. 16,9.                 B. 18,85.

C. 17,25.                 D. 16,6.

Lời giải:

X tác dụng với HCl và NaOH đều sinh khí → X có cấu tạo CH₃NH₃HCO₃

CH₃NH₃HCO₃ + 2KOH → CH₃NH₂ + K2CO₃ + 2H₂O

Thấy 2n_X < n_KOH → KOH còn dư: 0,05 mol

m_{chất rắn} = m_K2CO3 + m_{KOH dư} = 0,1.138 + 0,05.56 = 16,6 gam.

→ Đáp án D

Câu 47: Cho 3,75 gam amino axit X tác dụng vừa hết với dung dịch NaOH thu được 4,85 gam muối. Công thức của X là

A. H₂N-(CH₂)₂-COOH. B. H₂N-CH(CH₃)-COOH.

C. H₂N-(CH₂)₃-COOH. D. H₂N-CH₂-COOH.

Lời giải:

→ X là glyxin.

→ Đáp án D

Câu 48: Hỗn hợp X gồm hai amino axit no, hở ( chỉ chứa hai loại nhóm chức). Đốt cháy hoàn toàn 0,03 mol hỗn hợp X cần 3,976 lít O₂ (đktc) thu được H₂O, N2 và 2,912 lít CO₂ (đktc). Mặt khác, 0,03 mol X phản ứng vừa đủ với 0,05 mol HCl thu được dd Y. Dung dịch Y phản ứng vừa đủ với a mol NaOH, cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được m gam muối khan. Giá trị của m là

A. 8,195.                 B. 6,246.

C. 7,115.                 D. 9,876.

Lời giải:

n_O2 = 3,976/22,4 = 0,1775 mol, n_CO2 = 2,912/22,4 = 0,13 mol

0,03 mol X phản ứng vừa đủ với 0,05 mol HCl → n_NH2 = 0,05 mol

→ hệ số N trong X là 0,05: 0,03 = 5: 3

Có n_CO2 = 0,13 mol

→ số C trung bình là 0,13:0,03 = 13:3

X là amino no ở ( chỉ chứa hai loại nhóm chức)

→ X có dạng C_13/3H_{2.13/3+2+5/3-2a}N_5/3O_2a hay C_13/3H_37/3-2aN_5/3O_2a.

→ n_H2O = 0,03. (37/6- a)

Bảo toàn nguyên tố O → 0,03.2a + 2.0,1775 = 0,13.2 + 0,03.(37/6 - a) → a = 1

Có n_NaOH = n_H2O = n_COO + n_HCl = 0,03 + 0,05 = 0,08 mol

→ n_X = 0,13. 12 + 0,03. (37/3 - 2.1) + 0,05.14 + 0,03. 16. 2 = 3,53 gam

Bảo toàn khối lượng → m_muối = 3,53 + 0,05. 36,5 + 0,08. 40 - 0,08. 18 = 7,115 gam .

→ Đáp án C

Câu 49: Hợp chất X mạch hở có công thức phân tử là C₄H₉NO₂. Cho 10,3 gam X phản ứng vừa đủ với dung dịch NaOH sinh ra một chất khí Y và dung dịch Z. Khí Y nặng hơn không khí, làm giấy quỳ tím ẩm chuyển màu xanh. Dung dịch Z có khả năng làm mất màu nước brom. Cô cạn dung dịch Z thu được m gam muối khan. Giá trị của m là

A. 8,2                 B. 10,8

C. 9,4                 D. 9,6

Lời giải:

Công thức thu gọn của X là CH₂=CHCOONH₃CH₃

CH₂=CHCOONH₃CH₃ (0,1) + NaOH → CH₂=CHCOONa (0,1) + CH₃NH₂ + H₂O

m_rắn = 0,1.94 = 9,4 gam.

→ Đáp án C

Câu 50: Một hợp chất X có khối lượng phân tử bằng 103. Cho 51,50 gam X phản ứng hết với 500 ml dung dịch NaOH 1,2M thu được dung dịch Y trong đó có muối của aminoaxit và ancol (có khối lượng phân tử lớn hơn khối lượng phân tử O₂). Cô cạn Y thu m gam chất rắn. Giá trị m là:

A. 52,5                 B. 55,5

C. 59,5                 D. 48,5

Lời giải:

→ Đáp án A

Câu 51: Hỗn hợp X gồm 2 amino axit (chỉ có nhóm chức –COOH và –NH₂ trong phân tử), trong đó tỉ lệ mO: mN = 128: 49. Để tác dụng vừa đủ với 7,33 gam hỗn hợp X cần 70 ml dung dịch HCl 1M. Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn 7,33 gam hỗn hợp X cần 0,3275 mol O₂. Sản phẩm cháy thu được gồm CO₂, N2 và m gam H₂O. Giá trị của m là

A. 9,9                 B. 4,95

C. 10,782                 D. 21,564

Lời giải:

n_N = n_HCl = 0,07 →

→ Đáp án B

Câu 52: Đốt cháy hoàn toàn 0,5 mol hỗn hợp X gồm 2 chất H₂NR(COOH)_x và CnH₂n+1COOH, thu được 52,8 gam CO₂ và 24,3 gam H₂O. Mặt khác, 0,1 mol X phản ứng vừa đủ với dung dịch chứa a mol HCl. Giá trị của a là:

A. 0,04                 B. 0,05

C. 0,06                 D. 0,07

Lời giải:

Ta có n_CO2 = 1,2 mol; n_H2O = 1,35 mol.

⇒ amino axit là no, đơn chức (vì axit có n_CO2 = n_H2O)

Đặt công thức chung là amino axit là C_mH_2m+1O₂N, viết phương trình đốt cháy ta có:

⇒ 2(n_H2O – n_CO2) = (2m + 1)a – 2ma = a

⇒ Số mol amino axit là: n = 2(1,35 – 1,2) = 0,3 mol ⇒ chiếm 3/5

⇒ Với 0,1 mol X phản ứng thì có 0,06 mol amino axit ⇒ n_HCl = 0,06 mol

→ Đáp án C

Câu 53: Aminoaxit X có dạng H₂N-R-COOH (R là gốc hidrocacbon). Cho 0,1 mol X tác dụng hết với HCl thu dung dịch chứa 11,15 gam muối. Tên gọi của X?

A. Phenylalanin                B. Alanin

C. Valin                 D. Glyxin

Lời giải:

Ta có phản ứng:

H₂N-R-COOH (0,1 mol) + HCl → ClH₃N-R-COOH (0,1 mol)

M_muối = R + 97,5 = 11,15/0,1 suy ra R = 14: CH₂−

⇒ X: H₂N-CH₂-COOH

→ Đáp án D

Câu 54: Cho 8,9 gam một hợp chất hữu cơ X có công thức phân tử C₃H₇O₂N phản ứng với 100 ml dung dịch NaOH 1,5M. Sau khi phản ứng xảy ra hoàn toàn, cô cạn dung dịch thu được 11,7 gam chất rắn. Công thức cấu tạo thu gọn của X là

A. HCOOH₃NCH=CH₂.                 B. H₂NCH₂CH₂COOH.

C. CH₂=CHCOONH₄.                 D. H₂NCH₂COOCH₃.

Lời giải:

Chất hữu cơ X (C₃H₇O₂N) có k = 1

X có thể là amino axit H₂NCH₂CH₂COOH hoặc este H₂NCH₂COOCH₃

Ta có: n_X = 8,9/89 = 0,1 (mol) ;

n_NaOH = 0,1. 1,5 = 0,15 (mol)

0,1 mol X + 0,1 mol NaOH → 0,1 mol muối

Chất rắn gồm muối và NaOH dư → m_muối = 11,7 – 40. 0,05 = 9,7 (gam)

M_muối = 9,7/0,1 = 97 (g/mol). CTCT của muối là: H₂NCH₂COONa

Vậy công thức cấu tạo thu gọn của X là: H₂NCH₂COO-CH₃.

→ Đáp án D

Câu 55: Cho 0,15 mol axit Glutamic vào 175 ml dung dịch HCl 2M thu dung dịch X. Cho NaOH dư vào dung dịch X. Sau khi phản ứng xảy ra hoàn toàn, tính số mol NaOH

A. 0,70                 B. 0,50

C. 0,65                 D. 0,55

Lời giải:

Ta có = 0,175.2 = 0,35

Coi hỗn hợp phản ứng với NaOH gồm H₂N-C₃H₅-(COOH)2 và HCl

HCl (0,35) + NaOH (0,35) → NaCl + H₂O

H₂N-C₃H₅-(COOH) (0,15) + 2NaOH (0,3) → H₂N-C₃H₅-(COONa) + 2H₂O

n_NaOH = 0,35 + 0,3 = 0,65 mol

→ Đáp án C

Câu 56: Hợp chất X mạch hở có công thức phân tử C4H9NO₂. Cho 10,3 gam X phản ứng vừa đủ với dung dịch NaOH sinh ra khí Y và dung dịch Z. Khí Y nặng hơn không khí và làm giấy quì tím ẩm chuyển thành màu xanh. Dung dịch Z có khả năng làm mất màu nước Brom. Cô cạn Z thu m gam muối khan. Giá trị m là?

A. 10,8                B. 9,4

C. 8,2                 D. 9,6

Lời giải:

n_X = 10,3/103 = 0,1 mol

X tác dụng NaOH tạo khí Y nên X: R₁COOH₃NR2

Dung dịch Z làm mất màu nước Brom nên R có liên kết đôi C=C, suy ra R ≥ 27 (1)

Khí Y làm giấy quì tím ẩm hóa xanh nên Y: R₂NH₂ và M_Y > 29 ⇒ R2 + 16 > 29

⇒ R2 > 13 (2)

Ta có: M_X = R₁ + R₂ + 67 = 103 suy ra R₁ + R₂ = 42 (3)

Từ (1), (2), (3) ⇒ R₁ = 27: CH₂=CH- và R₂ = 15: CH₃-

CH₂=CH-COOH₃NCH₃ (0,1mol) + NaOH (0,1 mol) → CH₂=CH-COONa + CH₃NH₂↑ + H₂O

Giá trị m = 0,1.94 = 9,4 gam

→ Đáp án B

Câu 57: Cho chất hữu cơ X có công thức phân tử C₂H₈O₃N2 tác dụng với dung dịch NaOH, thu được chất hữu cơ đơn chức Y và các chất vô cơ. Phân tử khối của Y là

A. 85.                B. 68.

C. 45.                D. 46.

Lời giải:

Chất hữu cơ X (C₂H₈O₃N₂) có: k = (2.2 + 2 – 8 + 2): 2 = 0 (không có liên kết )

X không thể là amino axit, vì vậy CTCT của X có thể là: CH₃CH₂NH₃NO₃

CH₃CH₂NH₃NO₃ (X) + NaOH → CH₃CH₂NH₂ (Y) + NaNO₃ + H₂O

Vậy M_Y = 45 g/mol.

→ Đáp án C

Câu 58: Cho 1,82 gam hợp chất hữu cơ đơn chức, mạch hở X có công thức phân tử C3H9O₂N tác dụng vừa đủ với dung dịch NaOH, đun nóng thu được khí Y và dung dịch Z. Cô cạn Z thu được 1,64 gam muối khan. Công thức cấu tạo thu gọn của X là

A. HCOONH₃CH₂CH₃.                 B. CH₃COONH₃CH₃.

C. CH₃CH₂COONH₄.                 D. HCOONH₂(CH₃)₂.

Lời giải:

Ta có: n_X = 1,82/91 = 0,02 (mol)

RCOONH₃R’ (0,02) + NaOH → RCOONa (0,02) + R’NH₂ + H₂O

Do đó R + 67 = 1,64/0,02 = 82 ⇒ R = 15 (CH₃)

Vậy công thức phân tử của X là: CH₃COONH₃CH₃.

→ Đáp án B

Câu 59: Đốt cháy hoàn toàn 8,7 g amino axit A (chứa 1 nhóm -COOH) thì thu được 0,3 mol CO₂; 0,25mol H₂O và 11,2 lít N2 (đktc). Có bao nhiêu công thức cấu tạo phù hợp với A?

A. 1                 B. 2

C. 3                 D. 4

Lời giải:

CTPT: C_xH_yO_zN_t, n_N2 = 0,05 mol

n_O/aa = (8,7 – 0,3 .12 – 0,25 . 2 – 0,05 . 28): 16 = 0,2 mol

n_aa = n_O/2 = 0,1 mol

x = 0,3 / 0,1 = 3

y = 2n_H2O / n_aa = 5

z = 2n_N2 / n_aa = 1

⇒ CTPT: C₃H₅O₂N

CH₃–CH₂(NH₂)–COOH

H₂N–CH₂–CH₂–COOH

→ Đáp án B

Câu 60: Hỗn hợp X gồm 1 mol aminoaxit no, mạch hở và 1 mol amin no, mạch hở. X có khả năng phản ứng tối đa với 2 mol HCl hoặc 2 mol NaOH. Đốt cháy hoàn toàn X thu được 6 mol CO₂, x mol H₂O và y mol N2. Các giá trị x, y tương ứng là

A. 7 và 1,0.                 B. 8 và 1,5.

C. 8 và 1,0.                 D. 7 và 1,5.

Lời giải:

Aminoaxit là C_mH_2m–1O₄N, amin là C_nH_2n+3N

Phản ứng cháy:

Số mol CO₂ là: n + m = 6 ⇒ n_H2O = n + m + 1 = 7. Số mol N₂ = 1

→ Đáp án A

Câu 61: Đốt cháy hoàn toàn 0,5 mol hỗn hợp X gồm 2 chất H₂NR(COOH)x và CnH₂n+1COOH, thu được 52,8 gam CO₂ và 24,3 gam H₂O. Mặt khác, 0,1 mol X phản ứng vừa đủ với dung dịch chứa a mol HCl. Giá trị của a là

A. 0,06                 B. 0,07

C. 0,05                 D. 0,09.

Lời giải:

Ta có n_CO2 = 1,2 mol; n_H2O = 1,35 mol.

⇒ amino axit là no, đơn chức (vì axit có n_CO2 = n_H2O)

Đặt công thức chung là amino axit là C_mH_2m+1O₂N, viết phương trình đốt cháy ta có:

⇒ 2(n_H2O – n_CO2) = (2m + 1)a – 2ma = a

⇒ Số mol amino axit là: n = 2. (1,35 – 1,2) = 0,3 mol ⇒ chiếm 3/5

⇒ Với 0,1 mol X phản ứng thì có 0,06 mol amino axit ⇒ n_HCl = 0,06 mol

→ Đáp án A

Câu 62: Chất X có CTPT C₄H₉O₂N. Biết:

X + NaOH → Y + CH₄O; Y + HCl dư → Z + NaCl

Công thức cấu tạo của X và Z lần lượt là:

A. H₂NCH₂CH₂COOCH₃ và CH₃CH(NH₃Cl)COOH

B. CH₃CH(NH₂)COOCH₃ và CH₃CH(NH₃Cl)COOH

C. H₂NCH₂COOC₂H₅ và ClH₃NCH₂COOH

D. CH₃CH(NH₂)COOCH₃ và CH₃CH(NH₂)COOH

Lời giải:

X + NaOH → Y + CH₄O mà CH₄O là CH₃OH

⇒ X là este của CH₃OH với amino axit

⇒ X có CTCT: H₂NRCOOCH₃ (H₂NCH₂CH₂COOCH₃)

hoặc H₂NCH(CH₃)COOCH₃)

Ứng với 2 chất X trên, Z là ClH₃NCH₂CH₂COOH hoặc H₂NCH(NH₃Cl)COOH

Trong các đáp án đã cho, cặp chất CH₃CH(NH₂)COOCH₃ và CH₃CH(NH₃Cl)COOH thỏa mãn .

→ Đáp án B

Câu 63: Hỗn hợp M gồm Lys–Gly–Ala, Lys–Ala–Lys–Lys–Lys–Gly và Ala–Gly trong đó oxi chiếm 21,3018% về khối lượng. Cho 0,16 mol M tác dụng vừa đủ với dung dịch HCl thu được m gam muối. Giá trị của m là

A. 86,16                 B. 90,48

C. 83,28                 D. 93,26

Lời giải:

Gọi công thức M là GlyAla(Lys)x ⇒ CTPT C_5+6xH_10+12xO_3+xN_2+2x

Ta có

⇒ x = 1,5

GlyAla(Lys)_1,5 + 5HCl + 2,5H₂O → GlyHCl + AlaHCl + Lys(HCl)₂

⇒ n_HCl = 0,5 mol, n_H2O = 0,4 mol.

⇒ m_muoi = m_M + m_HCl + m_H2O = 90,48 g

→ Đáp án B

Câu 64: Thủy phân hoàn toàn 1 mol pentapeptit X mạch hở, thu được 1 mol valin (Val), 1 mol glyxin(Gly), 2 mol alamin (Ala) và 1 mol leuxin (Leu) hay axit 2-amino-4-metylpentanoic. Mặt khác, nếu thủy phân không hoàn toàn X thì thu được sản phẩm có chứa Ala-Val-Ala. Số công thức cấu tạo phù hợp của X là

A. 9                 B. 8

C. 7                 D. 6

Lời giải:

Xem peptit sản phẩm Ala-Val-Ala như amino axit Y ⇒ coi như X là tripeptit của 1 Val, 1 Leu và 1 Y ⇒ số CTCT của

→ Đáp án D

Câu 65: Cho m gam hỗn hợp M gồm đipeptit X, tripeptit Y, tetrapeptit Z và pentapeptit T (đều mạch hở) tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ thu được hỗn hợp Q gồm muối của Gly, Ala và Val. Đốt cháy hoàn toàn Q bằng một lượng oxi vừa đủ, thu lấy toàn bộ khí và hơi đem hấp thụ vào dung dịch Ca(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng 13,23 (gam) và có 0,84 lit khí thoát ra. Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn m gam M, thu được 4,095 gam H₂O. Giá trị m gần nhất với?

A. 6,0                 B. 6,5

C. 7,0                 D. 7,5

Lời giải:

n_Q = 2n_N2 = 0,075

Đốt Q thì

Đốt M thì

Bảo toàn nguyên tố Cacbon: ∑n_{CO2 (trong M)} = n_{CO2 (trong Q)} + n_Na2CO3 = 0,24

⇒ n_{O2 (trong Q)} = 1,5.∑n_C - (3n_Q.n_Q)/4 = 0,30375

Mà n_{O2 (trong Q)} = n_{CO2 (trong M)}

Bảo toàn khối lượng:

m_M = 44_CO2 + 18n_H2O - 32n_O2 = 5,985 gam.

→ Đáp án A

Câu 66: X là tetrapeptit có công thức Gly–Ala–Val–Gly; Y là tripeptit có công thức Gly–Val–Ala. Đun m gam hỗn hợp A gồm X, Y có tỉ lệ mol tương ứng là 4: 3 với dung dịch KOH vừa đủ sau khi phản ứng xảy ra hoàn toàn cô cạn dung dịch thu được 257,36 gam chất rắn khan. Giá trị của m là

A. 155,44.                 B. 167,38.

C. 212,12.                 D. 150,88.

Lời giải:

Đặt n_X = 4x ⇒ n_Y = 3x ⇒ n_KOH = 4.4x + 3.3x = 25x mol

n_H2O = ∑n_peptit = 7x.

Bảo toàn khối lượng:

302.4x + 245.3x + 56.25x = 257,36 + 18.7x

→ x = 0,08 mol.

m = 302.4x + 245.3x = 155,44(g)

→ Đáp án A

Câu 67: X và Y lần lượt là tripeptit và hexapeptit được tạo thành từ cùng một aminoaxit no mạch hở, có một nhóm -COOH và một nhóm -NH₂. Đốt cháy hoàn toàn 0,1 mol X bằng O₂ vừa đủ thu được sản phẩm gồm CO₂, H₂O và N2 có tổng khối lượng là 40,5 gam. Nếu cho 0,15 mol Y tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH (lấy dư 20% so với lượng cần thiết), sau phản ứng cô cạn dung dịch thu được khối lượng chất rắn khan là

A. 98,9 gam.                B. 107,1 gam.

C. 94,5 gam.                D. 87,3 gam.

Lời giải:

0,1 mol X₃ cần 0,05 mol H₂O để chuyển thành 0,15 mol đipeptit X₂

Khi đó, đốt 0,15 mol X₂ thu được 40,5 + 0,05.18 – 0,15.28 = 37,2 gam (CO₂ + H₂O) cùng số mol

→ n_CO2 = n_H2O = 37,2: 62 = 0,6 mol

→ số C_{dipeptit X2} = 4 → α-amino axit là Gly C₂H₅NO₂.

→ Thủy phân 0,15 mol Y₆ ⇔ 0,9 mol Y1 là C₂H₅NO₂ cần 0,9 mol NaOH

→ 0,9 mol muối C₂H₄NO₂Na và lấy dư 0,18 mol NaOH

→ m_rắn = 0,9.(75 + 22) + 0,18.40 = 94,5 gam.

→ Đáp án C

Câu 68: Hexapeptit mạch hở X (được tạo nên từ các gốc của các α-amino axit là glyxin, alanin và valin), trong đó cacbon chiếm 47,44% về khối lượng. Thủy phân hoàn toàn m gam X trong dung dịch HCl vừa đủ thu được dung dịch Y chứa 44,34 gam muối. Giá trị của m là

A. 31,2                 B. 25,8

C. 38,8                 D. 34,8

Lời giải:

Đặt CTCT của X là: GlyaAlabValc (a + b + c = 6).

Theo giả thiết bài ra, ta có:

Giải phương trình trên, ta có bảng giá trị sau:

a	1	2	3	4
b	5	3,5	2	0,5

Nhận thấy: a = 3, b = 2 và

Khi đó 44,34 = 3.n_X(75 + 36,5) + 2n_X(89 + 36,5) + n_X(117 + 36,5) → n_X = 0,06 → m = 25,8 gam.

→ Đáp án B

Câu 69: Đốt cháy hoàn toàn x mol một peptit X mạch hở được tạo thành từ amino axit no A chỉ chứa một nhóm –NH₂ và một nhóm –COOH thì thu được b mol CO₂ và c mol nước. Biết b – c = 3,5x. Số liên kết peptit trong X là

A. 9.                 B. 8.

C. 10.                 D. 6.

Lời giải:

Công thức tổng quát của X là C_nkH_2nk+2-kN_kO_k+1

-^PTSNT→n_CO2 - n_H2O = 3,5x = (0,5k – 1).x → 3,5 = 0,5k – 1 → k = 9

→ Số liên kết peptit = k – 1 = 8

→ Đáp án B

Câu 70: X và Y (M_X < M_Y) là hai peptit mạch hở, đều tạo bởi glyxin và alanin (X và Y hơn kém nhau một liên kết peptit), Z là (CH₃COO)₃C₃H₅. Đun nóng toàn bộ 31,88 g hỗn hợp T gồm X, Y, Z trong 1 lít dung dịch NaOH 0,44M vừa đủ, thu được dd B chứa 41,04 gam hỗn hợp muối. Biết trong T nguyên tố oxi chiếm 37,139% về khối lượng. Phần trăm khối lượng của Y có trong T gần nhất là

A. 27%.                 B. 36%.

C. 16%.                 D. 18%.

Lời giải:

Gọi số mol của C₃H₈O₃ và H₂O sau khi bị thuỷ phân là x, y.

Bảo toàn khối lượng, ta có:

92x + 18y = 31,88 + 0,44.40 - 41,04 = 8,44

Có n_{O (T)} = 0,74 mol, n_O(muối) = 2n_COONa = 2.0,44 = 0,88 mol

Bảo toàn nguyên tố O, ta có:

3x + y = 0,74 + 0,44 - 0,88 = 0,3

Giải hệ → x = 0,08 và y = 0,06

→ n_CH3COONa = 0,08. 3 = 0,24 mol và n_X + n_Y = n_H2O = 0,06 mol

Số mắt xích trung bình của X, Y là

(0,44 - 0,24): 0,06 = 3,33

→ X là tripeptit và Y là tetrapeptit

→ 3n_X + 4n_Y = 0,44 - 0,24 = 0,2

→ n_X = 0,04 và n_Y = 0,02

Gọi số mol của Gly và Ala lần lượt a, b

→ a + b + 0,24 = 0,44 và (75 + 22)a + (89 + 22)b = 41,04 - 0,24. 82

→ a = 0,06 và b = 0,14

TH1: X Gly-GLy-Gly: 0,04 mol → Gly: 0,04.3 > 0,06 loại

Th2: X Gly-Gly-Ala: 0,04 mol → Gly :0,04.2 > 0,06 loại

Th3: X là Gly-Ala-Ala: 0,04 mol, Y là Gly-Ala-Ala-Ala: 0,02 mol

→ Ala: 0,04.2 + 0,02.3 = 0,14

TH4: X là Ala-Ala-Ala: 0,04 mol, Y là Ala-Gly-GLy-Gly: 0,02 ( thoả mãn)

→ Đáp án D

Câu 71: Tetrapeptit X (C_xH_yO₅N_t) trong đó oxi chiếm 26,49% về khối lượng; Y là muối amoni của α-amino axit Z. Đun nóng 19,3 gam hỗn hợp E gồm X, Y, Z cần dùng 200 ml dung dịch NaOH 1M thu được một muối duy nhất và 2,688 lít khí T (ở đktc) có tỷ khối hơi so với H₂ nhỏ hơn 15. Mặt khác, nếu cho 19,3 gam hỗn hợp E tác dụng hết với dung dịch HCl dư thì thu được m gam muối. Giá trị của m là

A. 27,85.                B. 28,45.

C. 31,52.               D. 25,10.

Lời giải:

→ M_X = (16.5)/0,2649 = 302 → X = C_nH_2n-2N₄O₅ → n = 12 → X = Ala₄

M_T < 15.2 (=30) → T = NH₃ → Z = CH₃CH(NH₂)COONH₄: 0,12

→ Đáp án C

Câu 72: Hỗn hợp X gồm chất Y (C₃H₁₀O₂N2) và chất Z (C₅H₁₀O₃N2), trong đó Z là một đipeptit. Đun nóng 26,52 gam X với 300 ml dung dịch KOH 1M (vừa đủ), cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được một amin T và m gam hỗn hợp gồm hai muối. Giá trị của m là

A. 38,98 gam.               B. 35,02 gam.

C. 30,22 gam.               D. 36,46 gam.

Lời giải:

Z là đipeptit, nên Z được tạo thành từ Gly và Ala có công thức:

Z: NH₂-CH₂-CO-NH-CH(CH₃)-COOH

Vì thu được 2 muối (nên chỉ có thể là muối của ala hoặc của gly) và amin nên Y có công thức:

Y: NH₂-CH₂-COONH₃CH₃

Gọi x, y là số mol của Y, Z

Ta có hệ:

106x + 146y = 26,52

x + 2y = 0,3

Giải hệ: x = 0,14; y = 0,08

BTKL: m_(muối) = 26,52 + 0,3.56 – m_(CH3NH2) – m_(H2O)

= 43,32 – 0,14.31 – (0,14 + 0,08).18 = 35,02 gam

→ Đáp án B

Câu 73: Thủy phân hợp chất sau sẽ thu được bao nhiêu aminoaxit?

H₂NCH(CH₃)-CONH-CH(CH(CH₃)₂)-CONH-CH(C₂H₅)-CONH-CH₂-CONH-CH(C₄H₉)COOH

A. 2                B. 3

C. 4                D. 5

Lời giải:

Thủy phân hợp chất trên thu được 5 aminoaxit đó là:

H₂NCH(CH₃)-COOH; H₂N-CH₂-COOH; H₂NCH(CH(CH₃)₂)COOH; H₂NCH(C₂H₅)-COOH; H₂N-CH(C₄H₉)COOH.

→ Đáp án D

Câu 74: X là một chất hữu cơ có công thức phân tử C₅H₁₁O₂N. Đun X với NaOH thu được một hỗn hợp chất có công thức phân tử C₂H₄O₂NNa và chất hữu cơ (Y), cho hơi Y qua CuO thu được chất hữu cơ Z có khả năng tham gia phản ứng tráng gương. Công thức cấu tạo của X là:

A. CH₃(CH₂)₄NO₂

B. NH₂-CH₂-COOCH₂CH₂CH₃

C. NH₂-CH₂-COO(CHCH₃)₂

D. H₂N-CH₂-CH₂-COOC₂H₅.

Lời giải:

X + NaOH → C₂H₄O₂NNa + (Y)

→ Loại đáp án A và D.

Y + CuO → Z (có khả năng tráng gương)

→ Loại C. (vì (CH₃)₂CHOH → (CH₃)₂CO (xeton) không có khả năng tráng gương).

→ Đáp án B

Câu 75: Chất X có công thức phân tử C₄H₉O₂N. Biết:

X + NaOH → Y + CH₄O

Y + HCl → Z + NaCl

Công thức cấu tạo của X và Z lần lượt là:

A. H₂NCH₂CH₂COOCH₃ và CH₃CH(NH₃Cl)COOH.

B. CH₃CH(NH₂)COOCH₃ và CH₃CH(NH₂)COOH.

C. CH₃CH(NH₂)COOCH₃ và CH₃CH(NH₃Cl)COOH.

D. H₂NCH₂COOC₂H₅ và ClH₃NCH₂COOH.

Lời giải:

X + NaOH → Y + CH₃OH

X: CH₃CH(NH₂)-COOCH₃ hoặc H₂N-CH₂-CH₂COOCH₃

Y + HCl → Z + NaCl

Y: CH₃CH(NH₂)-COONa hoặc H₂N-CH₂-CH₂COONa

→ Z là CH₃CH(NH₃Cl)-COOH hoặc ClH₃N-CH₂-CH₂COOH.

Vậy đáp án C là một trường hợp phù hợp.

→ Đáp án C

Câu 76: Cho P là một tripeptit được tạo ra từ các amino axit X, Y và Z (Z có cấu tạo mạch thẳng). Kết quả phân tích các amino axit X, Y và Z này cho kết quả sau:

Chất	%mC	%mH	%mO	%mN	M
X	32,00	6,67	42,66	18,67	75
Y	40,45	7,87	35,95	15,73	89
Z	40,82	6,12	43,53	9,52	147

Khi thủy phân không hoàn toàn P, người ta thu được hai phân tử đipeptit là X-Z và Z-Y. Vậy cấu tạo của P là:

A. Gly – Glu – Ala                B. Gly – Lys – Val

C. Lys – Val – Gly                D. Glu – Ala – Gly

Lời giải:

X có dạng C_xH_yO_zN_t

x: y: z: t = 32/12: 6,67/1: 42,66/16: 18,67/14 = 2,67: 6,67: 2,67: 1,33 = 2: 5: 2: 1

→ X có CTĐGN là (C₂H₅O₂N)_n.

Mà M_X = 75 → n = 1 → X là C₂H₅O₂N (Glyxin).

• Tương tự ta tìm được Y là C₃H₇O₂N (Alanin), Z là C₅H₉O₄N (Axit glutamic)

• Thủy phân không hoàn toàn P, người ta thu được hai phân tử đipeptit là Gly-Glu và Glu-Ala → P là Gly-Glu-Ala

→ Đáp án A

Câu 77: Cho các phát biểu sau:

(a) Peptit Gly-Ala có phản ứng màu biure.

(b) Trong phân tử đipeptit có 2 liên kết peptit.

(c) Có thể tạo ra tối đa 4 đipeptit từ các amino axit: Gly, Ala.

(d) Dung dịch Glyxin làm đổi màu quỳ tím.

Số phát biểu đúng là:

A. 1.                B. 2.

C. 3.                D. 4.

Lời giải:

(a) sai, đipeptit không cho phản ứng màu biure

(b) sai, có 1 liên kết

(c) đúng

(d) sai, không đổi màu

→ Đáp án A

Câu 78: Cho các dung dịch sau: saccarozơ, 3-monoclopropan-1,2-điol, etylen glicol, anbumin, ancol etylic, Gly-Ala. Số dung dịch tác dụng với Cu(OH)₂ ở nhiệt độ thường là:

A. 3.                B. 6.

C. 4.                D. 5.

Lời giải:

Các chất tác dụng được là: saccarozo, 3-monoclopropan-1,2-điol, etylen glicol, abumin.

→ Đáp án C

Câu 79: Cho một peptit sau: Gly-Ala-Val-Ala-Gly-Val-Phe. Thủy phân không hoàn toàn peptit này thành các peptit ngắn hơn. Trong số các peptit tạo ra có bao nhiêu peptit có phản ứng màu biure với Cu(OH)₂ ?

A. 5.                B. 6.

C. 12.                D. 14.

Lời giải:

Thủy phân không hòa toàn peptit trên thì được 5-tripeptit, 4-tetrapeptit, 3-pentapeptit và 2-hexapeptit cho phản ứng màu biure.

→ Đáp án D

Câu 80: Cho các phát biểu sau về protein:

(1) Protein là hợp chất cao phân tử thiên nhiên có cấu trúc phức tạp.

(2) Protein có trong cơ thể người và động vật.

(3) Protein bền đối với nhiệt, đối với axit và kiềm.

(4) Chỉ các protein có cấu trúc dạng hình cầu mới có khả năng tan trong nước tạo dung dịch keo.

Phát biểu nào đúng ?

A. (1), (2), (4)                B. (2), (3), (4)

C. (1), (3), (4)               D. (1), (2), (3)

Lời giải:

(1) Protein là những polipeptit cao phân tử có phân tử khối từ vài chục nghìn đến vài triệu → (1) đúng.

(2) Protein là thành phần không thể thiếu của tất cả các cơ thể sinh vật → (2) đúng.

Khi đun nóng dung dịch peptit với axit hoặc kiềm sẽ thu được hỗn hợp các α-amino axit → (3) sai

(4) đúng. VD anbumin.

Vậy các mệnh đề đúng là (1), (2), (4)

→ Đáp án A

Câu 81: Cho các chất sau: /p>

(1) H₂N-CH₂CO-NH-CH(CH₃)-COOH

(2) H₂N-CH₂CO-NH-CH₂-CH₂-COOH

(3) H₂N-CH(CH₃)CO-NH-CH(CH₃)-COOH

(4) H₂N-(CH₂)₄-CH(NH₂)COOH

(5) NH₂-CO-NH₂

(6) CH₃-NH-CO-CH₃

(7) HOOC-CH₂-NH-CO-CH₂-NH-CO-CH(CH₃)-NH₂

Trong các chất trên, số peptit là:

A. 1.                B. 2.

C. 3.                D. 4.

Lời giải:

Các chất peptit là:(1),(3) và (7)

Các chất còn lại không thỏa mãn điều kiện là chứ liên kết CO và NH của 2-amino axit.

→ Đáp án C

Câu 82: Thuỷ phân đipeptit X có công thức phân tử C7H14N2O3 trong dung dịch NaOH, thu được hỗn hợp hai muối H₂NCH₂COONa, H₂NC₄H₈COONa. Công thức cấu tạo thu gọn có thể có của X là

A. CH₃-CH(CH₃)-CH(NH₂)-CONH-CH₂COOH.

B. H₂N-CH₂-CONH-CH(CH₃)-CH₂-CH₂-COOH.

C. CH₃-CH(NH₂)-CH(CH₃)-CONH-CH₂COOH.

D. H₂N-CH₂-CONH-CH₂-CH(CH₃)-CH₂-COOH.

Lời giải:

Thủy phân X có CTPT C₇H₁₄N₂O₃ thu được hai muối

H₂N-CH₂-COONa + CH₃-CH(CH₃)-CH(NH₂)-COONa

→ X là H₂N-CH₂-CONH-CH(C₃H₇)-COOH hoặc CH₃-CH(CH₃)-CH(NH₂)-CONH-CH₂-COOH

Chú ý: Protein được tạo bởi từ các α-amino axit.

→ Đáp án A

Câu 83: Cho hợp chất hữu cơ X có công thức:

H₂N-CH(CH₃)-CO-NH-CH₂-CO-NH-CH₂-CH₂-CO-NH-CH(C₆H₅)-CO-NH-CH(CH₃)-COOH.

Khẳng định đúng là

A. Trong X có 4 liên kết peptit.

B. Khi thủy phân X thu được 4 loại α-amino axit khác nhau.

C. X là một pentapeptit.

D. Trong X có 2 liên kết peptit.

Lời giải:

Liên kết peptit là liên kết của nhóm CO với nhóm NH giữa hai đơn vị α-amino axit.

→ Trong X có 2 liên kết peptit.

Khi thủy phân X thu được 3 loại α-amino axit: CH₃-CH(NH₂)-COOH, H₂N-CH₂-COOH, C₆H₅-CH(NH₂)-COOH.

Vì các amino axit cấu tạo nên X không hoàn toàn là α-amino axit nên X không là một pentapeptit.

→ Đáp án D

Câu 84: Có các amino axit: glyxin (Gly), alanin (Ala) và valin (Val). Có thể điều chế được bao nhiêu tripeptit mà trong mỗi phân tử tripeptit đều chứa đồng thời cả 3 amino axit trên ?

A. 4.                B. 8.

C. 6.                D. 3.

Lời giải:

Số peptit chứa cả 3 amino axit trên là: 3! = 6

→ Đáp án C

Câu 85: Cho các nhận xét sau:

(1). Có thể tạo được tối đa 2 đipeptit từ phản ứng trùng ngưng hỗn hợp Alanin và Glyxin.

(2). Khác với axít axetic, axit amino axetic có thể tham gia phản ứng với axit HCl hoặc phản ứng trùng ngưng.

(3). Giống với axít axetic, aminoaxít có thể tác dụng với bazơ tạo muối và nước.

(4). Axít axetic và axít α-amino glutaric có thể làm đổi màu quỳ tím thành đỏ

(5). Thủy phân không hoàn toàn peptit: Gly-Phe-Tyr-Gly-Lys-Gly-Phe-Tyr có thể thu được tối đa 5 tripeptit khác nhau có chứa một gốc Gly.

(6). Cho HNO₃ đặc vào ống nghiệm chứa anbumin thấy tạo dung dịch màu tím. Có bao nhiêu nhận xét đúng ?

A. 6.                B. 3.

C. 4.                D. 5.

Lời giải:

(1) Sai. Có thể tạo được 4 đipeptit: Ala-Ala; Ala-Gly; Gly-Ala; Gly-Gly

(2) Đúng

(3) Đúng

(4) Đúng

(5) Sai, chỉ tạo được 4 tripeptit có chứa 1 gốc Glyxin. 1 cái trùng Gly-Phe-Tyr

(6) Sai, cho HNO₃ vào anbumin tạo dung dịch màu vàng

→ Đáp án B

Câu 86: Có các phát biểu sau:

(1) Muối phenylamoni clorua không tan trong nước.

(2) Tất cả các peptit đều có phản ứng màu biure.

(3) H₂N-CH₂-CH₂-CO-NH-CH₂-COOH là một đipeptit.

(4) Ở điều kiện thường, CH₅N và C₂H₇N là những chất khí có mùi khai. Số phát biểu đúng là

A. 1.                B. 2.

C. 3.                D. 4.

Lời giải:

(1) Sai vì tất cả các muối amoni đều tan trong nước

(2) Sai trừ đipeptit k có tính chất này

(3) Sai vì peptit phải là lk -CO-NH- của 2 anpha-amino axit

(4) Đúng. Metyl-, dimetyl-, trimetyl-, etylamin, amoniac đều là chất khí mùi khai ở đk thường

Có 1 phát biểu đúng.

→ Đáp án A

Câu 87: Cho các phát biểu sau:

(a). Aminoaxit là những axit cacboxylic có chứa nhóm thế amino ở gốc hiđrocacbon.

(b). Anilin tác dụng với axit nitric loãng lạnh (0-5^oC) thu được muối điazoni.

(c). Các polipeptit đều tạo được phức chất với Cu(OH)₂/OH- cho màu tím đặc trưng.

(d). Trùng ngưng axit 6-aminohexanoic với axit ađipic (axit hexanđioic) thu được nilon-6,6.

(e). Aminoaxit thiên nhiên (các α-amino axit) là cơ sở kiến tạo protein của cơ thể sống.

(g). Aminoaxit phản ứng được với ancol tạo thành este trong điều kiện thích hợp. Số phát biểu đúng là

A. 3                B.5

C. 6                D. 4

Lời giải:

Xem các phát biểu:

(a). đúng.

(b). sai, phải là axit nitro HNO₂ mới đúng, HNO₃ không thể tạo ra muối điazoni được.

(c). đúng, vì polipeptit có từ 11 – 50 gốc α – amino axit (mà chỉ cần chứa 2 liên kết peptit trở lên là có thể tạo phức chất với Cu(OH)₂ cho màu tím đặc trưng).

(d). sai phải là hexametylendiamin (H₂N[CH₂]₆NH₂) chứ không phải là 6-aminohexanoic (H₂N[CH₂]5COOH).

(e) đúng.

(g). amino axit có nhóm cacboxyl –COOH nên phản ứng được với ancol → este.

Có 4 phát biểu đúng.

→ Đáp án D

Câu 88: Đipeptit X mạch hở và Tripeptit Y mạch hở đều được tạo nên từ một aminoaxit (no, mạch hở, trong phân tử chứa 1 nhom NH₂- và 1 nhóm –COOH). Đốt hoàn toàn 0,1 mol Y thu được tổng khối lượng CO₂ và H₂O bằng 54,9 gam. Đốt cháy hoàn toàn 0,2 mol X, sản phẩm thu được dẫn qua nước vôi trong dư thu m gam kết tủa. Giá trị m?

A. 45                B. 120

C. 30                D. 60

Lời giải:

Aminoaxit đơn no C_nH_2n+1NO₂ suy ra X: C_2nH_4nN₂O₃ và Y: C_3nH_6n-1N₃O₄

Đốt Y:

Ta có: m_CO2 + m_H2O = 44.0,3n + 18.0,05(6n – 1) = 54,9

⇒ n = 3. Vậy X: C₆H₁₂N₂O₃

Đốt X:

Dẫn CO₂ vào Ca(OH)₂ dư:

⇒ m_CaCO3 = 1,2.100 = 120

→ Đáp án B

Câu 89: Aminoaxit đơn chức X chứa 15,73%N về khối lượng. X tạo Octapeptit Y. Y có phân tử khối là bao nhiêu?

A. 586                B. 771

C. 568                D. 686

Lời giải:

Đặt X: 2C_nH_2n+1NO₂ → C_2nH_4nN₂O3 + H₂O

Ta có: %m_N = (14/M_X). 100% = 15,73 suy ra M_X = 89 đvC

Phản ứng: 8X → Y + 7H₂

Vậy M_Y = 8.89 – 7.18 = 586 đvC

→ Đáp án A

Câu 90: Thủy phân hoàn tòan m gam tetrapeptit: Ala-Ala-Ala-Ala (mạch hở) thu hỗn hợp gồm 28,48 gam Alanin, 32 gam Ala-Ala và 27,72 gam Ala-Ala-Ala. Giá trị m là

A. 90,6                B. 111,74

C. 81,54               D. 66,44

Lời giải:

n_Ala-Ala-Ala = 0,12 mol

n_Ala-Ala = 0,2 mol

n_Ala = 0,32 mol

Ta có m_sp = 28,48 + 32 + 27,72 = 88,2 gam loại A,B

Phản ứng:

Thử với đáp án C: m_nước = 88,2 – 81,54 = 6,66 suy ra n_nước = 0,37 mol

Ta có hệ:

Suy ra nhận

→ Đáp án C

Câu 91: Hỗn hợp X chứa chất A (C₅H₁₆O₃N₂) và chất B (C₄H₁₂O₄N₂) tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, đun nóng cho đến khi phản ứng xảy ra hoàn toàn rồi cô cạn thu được m gam hỗn hợp Y gồm 2 muối D và E (M_D < M_E) và 4,48 lít (đktc) hỗn hợp Z gồm 2 amin no, đơn chức, đồng đẳng kế tiếp có tỉ khối so với H₂ bằng 18,3. Khối lượng của muối E trong hỗn hợp Y là:

A. 4,24                B. 3,18

C. 5,36                D. 8,04

Lời giải:

M_Z = 36,6 ⇒ gồm CH₃NH₂ và C₂H₅NH₂

n_Z = 0,2 mol ⇒ n_CH3NH2 = 0,12 mol; n_C2H5NH2 = 0,08 mol.

⇒ A: (C₂H₅NH₃)₂CO₃; B:(COONH₃CH₃)₂

(C₂H₅NH₃)₂CO₃(A) + 2NaOH → Na2CO₃(D)+ 2C₂H₅NH₂ + 2H₂O

(COONH₃CH₃)₂(B) + 2NaOH → (COONa)2(E) + 2CH₃NH₂ + 2H₂O

→ n_E = 0,12mol ⇒ mE = 8,04 gam

→ Đáp án D

Câu 92: Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp gồm amin X (C_nH_2n+3N) và amino axit Y (C_nH_2n+1O₂N) cần dùng 0,93 mol O₂, thu được CO₂, H₂O và 0,1 mol N2. Số đồng phân cấu tạo của X là

A. 4                B. 1

C. 3                D. 2

Lời giải:

Gọi số mol X, Y lần lượt x, y mol

BTNT (N) có n_N= 0,2 mol

x + y = 0,2

2y + 0,93.2 = 2nx + (n + 1,5)x + 2ny + (n + 0,5)y

→ 1,5(x – y) + 0,6n = 1,86

Ta luôn có: 0 < x – y < 0,2

⇒ 2,6 < n < 3,1 ⇒ n = 3

X là: C₃H₉N gồm các đồng phân:

CH₃-CH₂-CH₂-NH₂

CH₃-CH(NH₂)-CH₃

CH₃-NH-CH₂-CH₃

CH₃-N(CH₃)₂

Số đồng phân: 4.

→ Đáp án A

Câu 93: Hỗn hợp M gồm amin X, amino axit Y (X, Y đều no, mạch hở) và peptit Z (mạch hở tạo ra từ các α-amino axit no, mạch hở). Cho 2 mol hỗn hợp M tác dụng vừa đủ với 9 mol HCl hoặc 8 mol NaOH. Nếu đốt cháy hoàn toàn 2 mol hỗn hợp M, sau phản ứng thu được 15 mol CO₂, x mol H₂O và y mol N2. Giá trị của x, y lần lượt là

A. 14,5 và 9,0                B. 12,5 và 2,25

C. 13,5 và 4,5               D. 17,0 và 4,5

Lời giải:

Suy ra CT chung của M là C_7,5H_13,5O_aN_4,5

→ Đáp án C

Câu 94: Hỗn hợp E gồm hai chất hữu cơ X (C₂H₇O₃N) và Y (C₃H₁₂O₃N₂). X và Y đều có tính chất lưỡng tính. Cho m gam hỗn hợp E tác dụng với dung dịch HCl dư, thu được 4,48 lít khí Z (Z là hợp chất vô cơ). Mặt khác, khi cho m gam hỗn hợp E tác dụng với dung dịch NaOH dư, đun nóng thoát ra 6,72 lít khí T (T là hợp chất hữu cơ đơn chức chứa C, H, N và làm xanh quỳ tím ẩm). Cô cạn dung dịch thu được chất rắn gồm hai chất vô cơ. Thể tích các khí đo ở đktc. Giá trị của m là

A. 21,2 gam.               B. 20,2 gam.

C. 21,7 gam.               D. 20,7 gam.

Lời giải:

E tác dụng với HCl sinh ra chất khí vô cơ Z → Z là CO₂

Khi cho E tác dụng với NaOH sinh ra khí T là hợp chất hữu cơ đơn chức chứa C, H, N và làm xanh quỳ tím ẩm → T là amin.

E tác dụng với NaOH thu được dung dịch chứa 2 chất rắn vô cơ gồm Na2CO₃ và NaOH dư

→ cấu tạo của X là CH₃NH₃HCO₃: x mol

Cấu tạo của Y là: (CH₃NH₃)₂CO₃: y mol

CH₃NH₃HCO₃ + HCl → CH₃NH₃Cl + CO₂ + H₂O

(CH₃NH₃)₂CO₃ + 2HCl → 2CH₃NH₃Cl + CO₂ + H₂O

CH₃NH₃HCO₃ + NaOH → Na2CO₃ + CH₃NH₂ + H₂O

(CH₃NH₃)₂CO₃ + 2NaOH → Na2CO₃ + 2CH₃NH₂ + 2H₂O

Ta có hệ

→ m = 21,7 gam

→ Đáp án C

Câu 95: Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp gồm 1 amin no đơn chức mạch hở X và 1 amin không no đơn chức mạch hở Y có 1 nối đôi C=C có cùng số nguyên tử C với X cần 55,44 lít O₂(đktc) thu được hỗn hợp khí và hơi trong đó n_CO2 : n_H2O = 10:13 và 5,6 lít N2 (đktc). Khối lượng của hỗn hợp amin ban đầu là:

A. 35,9 gam                B. 21,9 gam

C. 29 gam                D. 28,9 gam

Lời giải:

Giả sử X, Y + 2,475 mol O₂ → x mol CO₂ + y mol H₂O + 0,25 mol N2

Theo đề bài ⇒ x/y = 10/13

Bảo toàn nguyên tố oxi → 2x + y = 2.2,475

Tìm được x = 1,5 mol ; y = 1,95 mol

Bảo toàn Khối lượng:

⇒ m_X + m_Y = m_C + m_H + m_N = 1,5.12 + 1,95.2 + 0,25.28 = 28,9 g

→ Đáp án D

Câu 96: Hỗn hợp khí X gồm etylamin và hai hiđrocacbon đồng đẳng liên tiếp. Đốt cháy hoàn toàn 100 ml hỗn hợp X bằng một lượng oxi vừa đủ, thu được 550 ml hỗn hợp Y gồm khí và hơi nước. Nếu cho Y đi qua dung dịch axit sunfuric đặc (dư) thì còn lại 250 ml khí (các thể tích khí và hơi đo ở cùng điều kiện). Công thức phân tử của hai hiđrocacbon là

A. CH₄ và C₂H₆. B. C₂H₄ và C₃H₆.

C. C₂H₆ và C₃H₈. D. C₃H₆ và C₄H₈.

Lời giải:

Gọi công thức chung của 2 hidrocacbon là C_xH_y . Gọi V_C2H7N = a; V_CxHy = b

Ta có: a + b = 100 ⇒ a = 100 – b

Khi cho Y qua H₂SO₄ đặc ⇒ H₂O bị giữ lại

Mà V_H2O = 0,5.(7a + by) ; V_CO2 = 2a + xb ; V_N2 = 0,5a

Do vậy

+) Từ 5a + 2xb = 500, mà a = 100 – b

⇒ 5.(100 – b) + 2xb = 500 ⇒ x = 2,5

⇒Hai hidrocacbon đồng đẳng kế tiếp có số mol bằng nhau (vì số C trung bình = 2,5)

⇒ Số H phải là số lẻ (là trung bình cộng của 2 số chẵn liên tiếp)

+) Từ 7a + by = 600 ⇒ 7.(100 – b) + by = 600 ⇒ (7 – y)b = 100 ⇒ y < 7

Do đó, y = 3 hoặc y = 5

⇒ Hai hidrocacbon là: C₂H₄ và C₃H₆ (y = 5)

hoặc C₂H₂ và C₃H₄ (y = 3)

→ Đáp án B

Câu 97: Cho sơ đồ chuyển hóa sau:

CH₃-CH(NH₃HSO₄)-COOC₂H₅.

A. CH₃-CH(NH₂)-COONH₄                B. CH₃-CH(CH₃)-COONH₄

C. H₂N-CH₂-CH₂-COOH                D. CH₃-CH(NH₂)-COOH

Lời giải:

A: CH₃-CH(NH₂)-COONH₄

B: CH₃-CH(NH₂)-COONa

C: CH₃-CH(NH₃HSO₄)-COOH

→ Đáp án A

Câu 98: Để phân biệt phenol, anilin, benzen, stiren người ta sử dụng lần lượt các thuốc thử nào sau đây?

A. Quì tím, brom                B. Dung dịch NaOH và brom

C. Brom và quì tím                D. Dung dịch HCl và quì tím.

Lời giải:

Phenol ít tan trong nước, khi cho dung dịch NaOH vào các mẫu thử, mẫu thử mà phản ứng với NaOH tạo dung dịch đồng nhất đó là phenol. Các mẫu thử còn lại không có hiện tượng gì.

Cho dung dịch brom vào các mẫu thử còn lại, mẫu thử làm mất màu nước brom là stiren, mẫu thử tạo kết tủa trắng là anilin, mẫu thử không có hiện tượng gì là benzen.

C₆H₅OH + NaOH → C₆H₅ONa + H₂O

C₆H₅CH=CH₂ + Br₂ → C₆H₅CHBr-CH₂Br.

C₆H₅NH₂ + 3Br₂ → C₆H₂NH₂(Br)₃ + 3HBr.

→ Đáp án B

Câu 99: Để phân biệt các dung dịch hóa chất mất nhãn: axit axetic, glixerol, glucozơ, fomalin, propan-1,3-điol, anbumin ta chỉ cần dùng

A. Na.                B. dd AgNO₃/NH₃.

C. Cu(OH)₂/NaOH.                D. dung dịch Na2CO₃.

Lời giải:

Để phân biệt các dung dịch hóa chất mất nhãn: CH₃COOH, C₃H₅(OH)₃, C₆H₁₂O₆, HCHO, CH₂OH-CH₂-CH₂OH, anbumin ta chỉ cần dùng Cu(OH)₂/OH-

B1: Cho tất cả các hóa chất phản ứng với thuốc thử ở nhiệt độ thường:

- Nếu xuất hiện màu xanh nhạt → CH₃COOH:

Cu(OH)₂ + 2CH₃COOH → (CH₃COO)₂Cu + 2H₂O

- Nếu dung dịch xuất hiện phức màu xanh đậm → C₃H₅(OH)₃, C₆H₁₂O₆.

2C₃H₈O₃ + Cu(OH)₂ → (C₃H₇O₃)₂Cu + 2H₂O

2C₆H₁₂O₆ + Cu(OH)₂ → (C₆H₁₁O₆)₂Cu + 2H₂O

- Nếu dung dịch xuất hiện màu tím đặc trưng → anbumin.

- Nếu dung dịch không có hiện tượng gì → HCHO, CH₂OH-CH₂-CH₂OH.

B2: Cho hai dung dịch ở B1 không có hiện tượng gì phản ứng với Cu(OH)₂/OH- có sự tham gia của nhiệt độ. Nếu xuất hiện ↓ đỏ gạch → HCHO

B3: Đun sôi hai dung dịch xuất hiện phức màu xanh đậm ở B1. Nếu dung dịch xuất hiện kết tủa đỏ gạch → C₆H₁₂O₆.

C₅H₁₁O₅-CHO + 2Cu(OH)₂ + NaOH -^to→ C₅H₁₁O₅-COONa + Cu₂O↓ + 3H₂O

Nếu không có hiện tượng gì → C₃H₅(OH)₃ .

→ Đáp án C

Câu 100: Phát biểu nào sau đây không đúng?

A. Ala–Gly và Gly–Ala là hai đipeptit khác nhau.

B. Trong môi trường kiềm, protein tác dụng với Cu(OH)₂ cho hợp chất có màu tím đặc trưng.

C. Hầu hết các enzim đều có bản chất là protein.

D. Các protein ít tan trong nước lạnh, tan nhiều trong nước nóng tạo thành dung dịch keo.

Lời giải:

- Đáp án D sai vì protein có hai dạng: hình cấu và hình sợi. Protein hình sợi hoàn toàn không tan trong nước trong khi protein hình cầu tan trong nước tạo thành dung dịch keo như anbumin, hemoglobin

→ Đáp án D