Bài tập Peptit nâng cao chọn lọc, có lời giải chi tiết - Hoá học lớp 12

---

Bài tập Peptit nâng cao chọn lọc, có lời giải chi tiết

Với Bài tập Peptit nâng cao chọn lọc, có lời giải chi tiết Hoá học lớp 12 tổng hợp 30 bài tập trắc nghiệm có lời giải chi tiết sẽ giúp học sinh ôn tập, biết cách làm dạng bài tập Peptit nâng cao từ đó đạt điểm cao trong bài thi môn Hoá học lớp 12.

Bài 1: Khi thủy phân hoàn toàn 65 gam một peptit X thu được 22,25 gam alanin và 56,25 gam glyxin. X là:

A. Đipeptit     B. Tripeptit

C. Tetrapeptit     D. Pentapeptit

Lời giải:

Đáp án: C

X có dạng aGly-bAla

[aGly-bAla] + (a+b-1)H₂O -^{H+, to}→ aH₂NCH₂COOH + bCH₃CH(NH₂)COOH

n_H2NCH2COOH = 56,25: 75 = 0,75 mol;

n_{CH3CH(NH2)COOH} = 22,25: 89 = 0,25 mol

Ta có a: b = 0,75: 0,25 = 3: 1 (*)

m_H2O = m_H2NCH2COOH + m_{CH3CH(NH2)COOH} - m_X = 22,25 + 56,25 - 65 = 13,5 gam

⇒ n_H2O = 0,75 mol

Từ (*) và (**) ⇒ a = 3; b = 1

⇒ X là tetrapeptit

Bài 2: Tripeptit M và tetrapeptit Q đều được tạo ra từ một amino axit X mạch hở, phân tử có một nhóm -NH₂. Phần trăm khối lượng của N trong X là 18,667%. Thuỷ phân không hoàn toàn m gam hỗn hợp M, Q (tỉ lệ mol 1: 1) trong môi trường axit thu được 0,945 gam M ; 4,62 gam đipeptit và 3,75 gam X. Giá trị của

A. 8,389     B. 58,725

C. 5,580     D. 9,315

Lời giải:

Đáp án: A

Gọi số mol của M và Q lần lượt là: a mol

Amino axit X chứa 1 nhóm NH₂, %N = 0,18667 ⇒ M_X = 14: 0,18667 = 75

⇒ X có cấu tạo H₂N-CH₂-COOH (gly)

Ta có

n_Gly-Gly-Gly = = 0,005 mol

n_Gly-Gly = = 0,035 mol,

n_Gly = = 0,05 mol

Bảo toàn nhóm gly ⇒ n_gly = 3. 0,005 + 2. 0,035 + 0,05 = 0,135 mol

Luôn có n_Gly = 3a + 4a = 0,135 ⇒ a = 0,01928 mol

⇒ m = 0,01928. ( 75.3-2. 18) + 0,01928. (75.4 - 3.18) = 8,389 gam

Bài 3: Khi thủy phân hoàn toàn tripeptit X thu được hỗn hợp 3 amino axit là glyxin, alanin và phenylalanin. Khi thủy phân không hoàn toàn tripeptit X thu được 2 peptit Y và Z. Mẫu chứa 3,54 gam peptit Y phản ứng vừa đủ với 150 ml dung dịch HCl 0,2M khi đun nóng và mẫu chứa 11,1 gam peptit Z phản ứng vừa đủ với 100 ml dung dịch NaOH 1M khi đun nóng. X có thể là

A. Ala-Gly-Phe     B. Gly-Ala-Phe

C. Phe-Gly-Ala     D. Ala-Phe-Gly

Lời giải:

Đáp án: D

Giả sử trong Y chưa a phân tử amino axit

Thử các giá trị n (bằng 1 và 2) thì chỉ a = 2 phù hợp: M_Y = 236 ⇒ Phe-Ala/Ala-Phe

Giả sử trong Z có b phân tử amino axit

Thử các giá trị của b thì có b=2 thỏa mãn: M_Z = 222 ⇒ Phe-Gly/Gly-Phe

Từ 2 phân tích trên, ta đưa ra được kết luận A là Ala-Phe-Gly.

Bài 4: Hỗn hợp T gồm ba peptit mạch hở X, Y, Z có tỉ lệ mol tương ứng là 2: 3: 4. Thủy phân hoàn toàn 35,97 gam T thu được hỗn hợp sản phẩm gồm 0,29 mol A gam và 0,18 mol B. Biết tổng số liên kết peptit trong ba phân tử X, Y, Z bằng 16, A và B đều là aminoaxit no, có 1 nhóm –NH₂ và 1 nhóm –COOH trong phân tử. Nếu đốt cháy 4x mol X hoặc 3x mol Y đều thu được số mol CO₂ bằng nhau. Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp T thu được N₂, 0,74 mol CO₂ và a mol H₂O. Giá trị a gần nhất là:

A. 0,65.     B. 0,67.

C. 0,69.     D. 0,72.

Lời giải:

Đáp án: B

Ta có A: B = 29: 18 ⇒ tổng số mắt xích của T là bội số của (29 + 18)k = 47k ( với k là số nguyên dương)

Tổng số liên kết peptit là 16 ⇒ k đạt max khi Z chứa 15 mắt xích ( ứng với 14 liên kết peptit) , Y chứa 2 mắt xích ( ứng với 1 liên kết peptit), X chứa 2 mắt xích (( ứng với 1 liên kết peptit)

⇒ 47k ≤ 2.2 + 2. 3 + 4. 15 ⇒ k ≤ 1,48 ⇒ k = 1

Quy đổi 3 peptit X, Y, Z thành một peptit G chứa 47 mắt xích gồm 29 A và 18 B, đông thời giải phóng ra 8 phân tử H₂O.

Có n_G = 0,29: 29 = 0,01 mol

2X + 3Y + 4Z → 29A - 18B + 8H₂O

m_G = m_T - m_H2O = 35, 97 - 0,01. 8. 18 = 34, 53

⇒ M_G = 34,53: 0,01 = 3453 = 29. M_A + 18. M_B - 46. 18

⇒ 29. M_A + 18. M_B = 42 81

Thấy khi M = 75 ( Ala) thì M = 117 ( Val) ⇒ Vậy G là peptit chứa 29 Ala- 18 Val

Trong 35,97 gam T đốt cháy sinh ra ( 0,29. 2 + 0,18. 5) = 1,48 mol CO₂

và ( 0,29. 5 + 0,18. 11- 46.2. 0,01 + 0,08. 2): 2 = 1,335 mol H₂O

⇒ m' gam T đốt cháy sinh ra 0,74 mol CO₂ và 0,6675 (a) mol H₂O

Bài 5: Hỗn hợp T gồm ba peptit mạch hở X, Y, Z có tỉ lệ mol tương ứng là 2: 3: 4. Thủy phân hoàn toàn m gam T thu được hỗn hợp sản phẩm gồm 21,75 gam Glyxin và 16,02 gam Alanin. Biết số liên kết peptit trong phân tử X nhiều hơn trong Z và tổng số liên kết peptit trong ba phân tử X, Y, Z nhỏ hơn 17. Giá trị của m là

A. 30,93.     B. 30,57.

C. 30,21.     D. 31,29.

Lời giải:

Đáp án: A

Ta có Gly: Ala = 29: 18 ⇒ tổng số mắt xích của T là bội số của (29 + 18)k = 47k ( với k là số nguyên dương)

Tổng số liên kết peptit là 16 ⇒ k đạt max khi Z chứa 15 mắt xích ( ứng với 14 liên kết peptit) , Y chứa 2 mắt xích ( ứng với 1 liên kết peptit), X chứa 2 mắt xích (( ứng với 1 liên kết peptit)

⇒ 47k ≤ 2.2 + 2. 3 + 4. 15 ⇒ k ≤ 1,48 ⇒ k = 1

Quy đổi 3 peptit X, Y, Z thành một peptit G chứa 47 mắt xích gồm 29 Gly và 18 Ala, đông thời giải phóng ra 8 phân tử H₂O.

Có n_G = 0,29: 29 = 0,01 mol

2X + 3Y + 4Z → 29Gly-18Ala + 8H₂O

m = m_G + m_H2O = 0,01. (29. 75 + 18. 89 - 46.18) + 0,08. 18 = 30,93 gam.

Bài 6: Cho hỗn hợp A chứa hai peptit X và Y đều tạo bởi glyxin và alanin, biết rằng tổng số nguyên tử O trong A là 13. Trong X hoặc Y đều có sô liên kết peptit không nhỏ hơn 4. Đun nóng 0,7 mol A trong KOH thì thấy 3,9 mol KOH phản ứng và thu được m gam muối. Mặt khác đốt cháy hoàn toàn 66,075 gam A rồi cho sản phẩm hấp thụ hoàn toàn vào bình chứa Ca(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng 147,825 gam. Giá trị của m là

A. 490,6     B. 560,1

C. 520,2     D. 470,1

Lời giải:

Đáp án: D

Tìm số chỉ peptit:

(m; n là số mắt xich a.a trong X; Y)

Khi thủy phân:

Khi đốt cháy: A5: 3a mol → Y6: 4a mol

A ⇔ C_2xH_4xN₂O₃: (66,075 + 225a) gam; 19,5 mol

→ C_2xH_4xN₂O₃: 19,5a + O₂ → CO₂ + H₂O + N₂

.14 + 19,5a.76 = 66,075 + 225a ⇒ a = 0,025

Quay lại tìm m: Tỉ lệ mol P1/P2 = 3.0,3/0,025 = 4

BTKL: 4(66,075 + 225.0,025) + 3,9.56 – 0,195.18 = 470,1

Bài 7: X là peptit có dạng CxHyOzN6; Y là peptit có dạng C_nH_mO₆N_t (X, Y đều được tạo bởi các aminoaxit no chứa 1 nhóm –NH₂ và 1 nhóm –COOH). Đun nóng 32,76 gam hỗn hợp E chứa X, Y cần dùng 480ml dung dịch NaOH 1M. Mặt khác, đốt cháy 32,76 gam E thu được sản phẩm cháy gồm CO₂, H₂O và N₂. Dẫn toàn bộ sản phẩm cháy vào nước vôi trong lấy dư thu được 123,0 gam kết tủa; đồng thời khối lượng dung dịch thay đổi a gam. Giá trị của a là

A. Tăng 49,44    B. Giảm 94,56

C. Tăng 94,56     D. Giảm 49,44

Lời giải:

Đáp án: D

Qui đổi X, Y: C_nH_2nN₂O₃:

0,24 mol + O₂

BTNT O: n_O2 = n_CO2 + 0,5n_H2O + 1,5n_đipeptit = 1,485 mol

BTKL: m_đipeptit = m_CO2 + m_H2O + m_N2 – m_H2O = 1,23(18 + 44) + 0,24.28 – 1,485.16 = 35,46 gam

→ n_{H2O (đã thêm để tạo đipeptit)} = = 0,15 mol

→ n_{H2O (thực tế tạo thành)} = 1,23 – 0,15 = 1,08 mol

Δm_dd = (1,23.44 + 1,08.18) - 123,0 = -49,44gam

Bài 8: Khi thủy phân không hoàn toàn một peptit X (MX = 293) thu được hai peptit Y và Z. Biết 0,472 gam Y phản ứng vừa đủ với 18 ml dung dịch HCl 0,222 M đun nóng và 0,666 gam Z phản ứng vừa đủ với 14,7 ml dung dịch NaOH 1,6% (d = 1,022 gam/ml) đun nóng. Biết rằng khi thủy phân hoàn toàn X thu được hỗn hợp 3 amino axit là glyxin, alanin và phenyl alanin. Công thức cấu tạo của X là

A. Ala-Phe-Gly.     B. Gly-Phe-Ala-Gly.

C. Ala-Phe-Gly-Ala.     D. Gly- Ala-Phe

Lời giải:

Đáp án: A

Có M_X = 293 được cấu tạo bởi Gly, Ala, Phe

Thấy 293 = 75 + 89 + 165-2. 18 ⇒ X là tripeptit chứa 1Gly,1 ALa, 1 Phe

Có n_HCl = 0,222.0,018 = 3,996. 103 ≈ 4.10^-3 mol

Khi thủy phân tripeptit X thu được hai đipeptit Y, Z

Có n_Y = 0,5n_HCl = 0,002 mol ⇒ M_Y = 236 = 165 + 89- 18 ⇒ Y có cấu tạo Ala-Phe hoặc Phe-Ala

⇒ n_Z = 3.10^-3 ⇒ M_Z = 222 = 165 + 75-18 ⇒ Z có cấu tạo là Gly-Phe hoặc Phe-Gly

⇒ X có câu tạo Gly-Phe-Ala hoặc Ala-Phe- Gly

Bài 9: Hỗn hợp X gồm 4 peptit có tỷ lệ mol là 1:2:3:4. Thủy phân m gam X thì thu được hỗn hợp sản phẩm Y gồm 2,92 gam Gly-Ala; 1,74 gam Gly-Val; 5,64 gam Ala-Val; 2,64 gam Gly-Gly; 11,25 gam Glyxin; 2,67 gam Alanin và 2,34 gam Valin. Biết tổng số liên kết peptit trong X không vượt quá 13. Giá trị của m là

A. 26,95.     B. 26,72.

C. 23,54.     D. 29,2.

Lời giải:

Đáp án: A

Gọi X gồm peptit A, B, C, D theo tỉ lệ lần lượt 1:2:3:4

Có ∑n_Gly = n_Gly-Ala + n_Gly-Val + 2n_Gly-Gly + n_GLy = 0,02 + 0,01 + 2 .0,02 + 0,15 = 0,22 mol

∑n_Ala = n_Gly-Ala + n_Ala-Val + n_Ala = 0,02 + + 0,03 + 0,03 = 0,08 mol

∑n_Val = n_Gly-Val + n_{Ala- Val} + n_Val = 0,02 + 0,03 + 0,02 = 0,07 mol

Gly: Ala: Val = 22: 8: 7

⇒ tổng số mắt xích trong X là bội số của (22 + 8 + 7)k = 37k

số liên kết peptit trong X không vượt quá 13 ⇒ k lớn nhất khi D gồm 10 mắt xích, A, B, C đều chứa 2 mắt xích ⇒37k ≤ 1.2 + 2.2 + 3.2 + 4. 10 ⇒ k ≤ 1,4 ⇒ k = 1

Quy X về peptit Z chứa 22 Gly-8 Ala-7 Val ⇒ n_Z =0,01 mol

A + 2B + 3C + 4D → 22 Gly-8 Ala-7 Val + 9H₂O

Bảo toàn khối lượng:

⇒ m = 0,01. ( 22. 75 + 8. 89 + 7. 117- 36. 18) + 0,01. 9. 18 = 26,95 gam.

Bài 10: Hỗn hợp M gồm một peptit mạch hở X và một peptit mạch hở Y (mỗi peptit đều được cấu tạo từ một loại α-aminoaxit, tổng số liên kết peptit trong 2 phân tử X, Y là 5) với tỉ lệ mol là 1 :3. Khi thủy phân m gam hỗn hợp M thu được 81 gam Glyxin và 42,72 gam Alanin. Giá trị của m là

A. 104,28.     B. 116,28.

C. 109,50.     D. 110,28

Lời giải:

Đáp án: A

Ta có n_Gly = 1,08 mol và n_Ala = 0,48 mol ⇒ n_Gly: n_Ala = 9:4

⇒ Tổng số mắt xích trong X là bội số của (9 + 4)k= 13k

tổng số liên kết peptit trong 2 phân tử X, Y là 5 ⇒ k đạt giá trị lớn nhất khi Y chứa 5 mắt xích( ứng với 4 liên kết) và X chứa 2 mắt xích ( ứng với 1 liên kết)

13k ≤ 1.2 + 3. 5 ⇒ k ≤ 1,3

Quy hỗn hợp M thành peptit N gồm 9 Gly và 4 Ala và giải phóng H₂O

X + 3Y → 9Gly-4Ala + 3H₂O

Có n_N = 0,48: 9 = 0,12 mol

⇒ m = 0,12.( 9. 75 + 4.89- 12.18) + 0,12. 3. 18 = 104,28 gam.

Bài 11: Hỗn hợp X gồm hai peptit mạch hở có tỉ lệ mol tương ứng là 1:3. Thủy phân hoàn toàn m gam X thu được hỗn hợp sản phẩm bao gồm 13,5 gam Gly và 7,12 gam Ala. Biết tổng số liên kết peptit trong phân tử của hai peptit bằng 5. Giá trị m là

A. 19,18     B. 18,82

C. 17,38     D. 20,62

Lời giải:

Đáp án: C

Ta có n_Gly = 0,18 mol, n_Ala = 0,08 mol ⇒ n_Ala: n_Gly = 4: 9

Vì X gồm 2 peptit X₁, X₂ có tỉ lê 1:3 và tổng số liên kết peptit là 5 ⇒ gộp 2 peptit thành 1 peptit Y có 4 Ala - 9 Gly với số mol là 0,02 mol.

X₁ + 3X₂ → Y + 3H₂O

m_X = m_Y + m_H2O = 0,02.(4.89 + 9.75-12.18 ) + 0,02.3. 18 ⇒ m_X = 17,38 gam

Bài 12: X là một α- amino axit no mạch hở chứa 1 nhóm COOH, 1 nhóm NH₂. Từ 3m gam X điều chế được m₁ gam đipeptit. Từ m gam X điều chế được m2 gam tripeptit. Đốt cháy m₁ gam đipeptit thu được 1,35 mol nước Đốt cháy m₂ gam tripeptit thu được 0,425 mol H₂O. Giá trị của m là:

A. 22,50 gam    B. 13,35 gam

C. 26,79 gam     D. 11,25 gam

Lời giải:

Đáp án: B

Ta có 3m gam X C_nH_2n+1NO₂ → m₁ gam C_2nH_4nN₂O₃ → 1,35 mol H₂O

3m gam C_nH_2n+1NO₂ → 3m₂ gam C_3nH_6n-1N₃O₄ → 3.0,425 mol H₂O

Luôn có khi đốt đipeptit thu được n_CO2 = n_H2O = 1,35 mol

Vì lượng CO₂ không đổi nên khi đốt tripeptit cũng cho số mol CO₂ là 1,35 mol

⇒ n_tripeptit = 2. (n_CO2 - n_H2O) = 0,15 mol

⇒ n_X = 0,15. 3 = 0,45 mol ⇒ n = 1,35: 0,45 = 3

⇒ m = 0,15. 89= 13,35 gam.

Bài 13: Oligopeptit mạch hở X được tạo nên từ các α – amino axit đều có công thức dạng H₂NCxHyCOOH. Đốt cháy hoàn toàn 0,05 mol X cần dùng vừa đủ 1,875 mol O₂, chỉ thu được N₂; 1,5 mol CO₂ và 1,3 mol H₂O. Mặt khác, thủy phân hoàn toàn 0,025 mol X bằng 400ml dung dịch NaOH 1M và đun nóng, thu được dung dịch Y. Cô cạn cẩn thận toàn bộ dung dịch Y thu được m gam chất rắn khan. Số liên kết peptit trong X và giá trị của m lần lượt là

A. 9 và 27,75.     B. 10 và 33,75.

C. 9 và 33,75.     D. 10 và 22,75.

Lời giải:

Đáp án: C

Theo bảo toàn oxi cần đốt và C, N: khi đốt đipeptit C_nH_2nN₂O₃ cần 1,875 mol O₂ và

thu được 1,5 mol CO₂ + 1,5 mol H₂O

⇒ Bảo toàn oxi ⇒ n_đipeptit = 0,25 mol; m_đipeptit = 40 gam.

Số mol H₂O quy đổi là 0,2 mol; phương trình quy đổi: 2X_n + (n – 2)H₂O → nX2;

⇒ tỉ lệ n: (n – 2) = 5: 4 ⇒ n = 10 ⇒ X có 9 liên kết peptit.

n_X = 0,25 – 0,2 = 0,05 mol ⇒ khi n_X = 0,025 mol thì n_đipeptit = 0,125 mol; m_đipeptit = 20 gam.

Sp thủy phân X ↔ sp thủy phân đipeptit ⇒ m = 20 + 0,4.40 – 0,125.18 = 33,75 gam.

Bài 14: Cho 0,7 mol hỗn hợp T gồm hai peptit mạch hở X (x mol) và Y (y mol), mỗi peptit đều tạo bởi glyxin, alanin và val. Đun 0,7 mol T trong lượng dư dung dịch NaOH thì có 3,9 mol NaOH phản ứng và thu được m gam muối. Mặt khác, nếu đốt cháy hoàn toàn 0,7 mol X thì thu được thể tích CO₂ chỉ bằng ¾ lần lượng CO₂ khi đốt 0,7 mol Y. Biết tổng số nguyên tử Oxi trong hai phân tử X và Y là 13, trong X và Y đều có số liên kết peptit không nhỏ hơn 4. Giá trị của m gần nhất là:

A. 444,0     B. 439,0

C. 438,5     D. 431,5

Lời giải:

Đáp án: A

Tổng số nguyên tử Oxi trong hai phân tử X và Y là 13, trong X và Y đều có số liên kết peptit không nhỏ hơn 4 → T gồm pentapeptit :x mol và hexapetit :y mol

Ta có hệ:

Gọi số C trong X và Y lần lượt là n,m (mỗi peptit đều tạo bởi glyxin, alanin và val nên 14 ≤ n ≤ 20; 16 ≤ m ≤ 25)

Nếu đốt cháy hoàn toàn 0,7 mol X thì thu được thể tích CO₂ chỉ bằng 3/4 lần lượng CO₂ khi đốt 0,7 mol Y

⇒ 0,7n = 0,7.m.3/4 ⇒ 4n = 3m ⇒ lập bảng các giá trị thỏa mãn là

n = 15 (2GLy - 2Ala- Val) và m = 20 (2GLy - 2Ala- 2Val)

⇒ m = 1,4.97 + 1,4.111+ 1,1. 139 = 444,1 gam.

n = 18 (GLy - 2Ala - 2Val), m = 24 (không thiết được hexa peptit được tạo bởi Ala, Val, Gly) loại

Bài 15:Peptit X và peptit Y có tổng số liên kết peptit bằng 8. Thủy phân hoàn toàn peptit X cũng như peptit Y đều thu được Glyxin và Valin. Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp E chứa X, Y có tỉ lệ mol tương ứng 1: 3 cần dùng 44,352 lít O₂ (đktc). Sản phẩm cháy gồm CO₂, H₂O và N₂. Dẫn toàn bộ sản phẩm cháy qua bình đựng dung dịch Ca(OH)2 dư thấy khối lượng bình tăng 92,96 gam, khí thoát ra khỏi bình có thể tích 4,928 lít (đktc). Thủy phân hoàn toàn Y thu được a mol Val và b mol Gly. Tỉ lệ a: b là

A. 1: 1     B. 2: 1

C. 3: 2     D. 1: 2

Lời giải:

Đáp án: A

Quy đổi hỗn hợp E về:

Có n_O2 = 2,25n_C2H3NO + 1,5n_CH2

⇒ x =

Có m_tăng = m_CO2 + m_H2O ⇒ 92,96 = 44.(0,44.2 + 0,66) + 18. (1,5.0,44 + 0,66 + y)

⇒ y = 0,08 = n_E

Hỗn hợp E chứa X, Y có tỉ lệ mol tương ứng 1: 3 ⇒ X: 0,02 mol và Y: 0,06 mol

Gọi số mắt xích của X,Y lần lượt là n,m ⇒ n + m = 10

Và 0,02n + 0,06m = 0,44 ⇒ n =4 và m = 6

Gọi số C trong X và Y lần lượt là x₁ và y₁ ( 8 ≤ x₁ ≤ 20, 12≤ y1 ≤ 30)

⇒ x₁.0,02 + y1.0,06 = 0,44. 2 + 0,66 ⇒ x₁ + 3y₁ = 77

luôn có 6.2 = 12 ≤ y₁ ≤ 77 /3 = 25,5

Lập bảng chọn giá trị x₁ = 14(2Gly - 2Val) và y₁ = 21 (3Gly - 3Val)

Vậy thủy phân Y thu được 3 Gly và 3 Val.

Bài 16: Thủy phân một lượng pentapeptit mạch hở X chỉ thu được 3,045 gam Ala-Gly-Gly; 3,48 gam Gly-Val, 7,5 gam Gly; 2,34 gam Val; x mol Val-Ala và y mol Ala. Tỷ lệ x:y là?

A. 11:6 hoặc 6:1    B. 2:5 hoặc 7:20

C. 2:5 hoặc 11:16    D. 6:1 hoặc 7:20

Lời giải:

Đang biên soạn

Bài 17: Đun nóng 0,045 mol hỗn hợp A gồm 2 peptit X và Y (có số liên kết peptit hơn kém nhau 1 liên kết) cần vừa đủ 120ml KOH 1M, thu được hỗn hợp Z chứa 3 muối của Gly, Ala và Val (trong đó muối của Gly chiếm 33,832% về khối lượng). Mặt khác đốt cháy hoàn toàn 13,68 gam A cần dùng 14,364 lít khí O₂ (đtkc) thu được hỗn hợp khí và hơi, trong đó tổng khối lượng của CO₂ và H₂O là 31,68 gam. Thành phần phần trăm về khối lượng của muối Ala trong Z gần giá trị nào nhất sau đây

A. 45%    B. 54%

C. 50%    D. 60%

Lời giải:

Đáp án: C

Trong 13,68 gam A

BTKL: 13,68 + 0,64125.32 = m_N + 31,68 ⇒ n_N = 0,18mol

Trong 0,045 mol A (đã tìm được m_A = 9,12 gam)

BTKL: 9,12 + 0,12.56 = m_muoi + 0,045.18 ⇒ m_muoi = 15,03gam

Bài 18: Hỗn hợp X gồm peptit A mạch hở có công thức C_xH_yN₅O₆ và hợp chất B có công thức phân tử C₄H₉NO₂. Lấy 0,09 mol X tác dụng vừa đủ với 0,21 mol NaOH chỉ thu được sản phẩm là dung dịch gồm ancol etylic và a mol muối của glyxin, b mol muối của alanin. Nếu đốt cháy hoàn toàn 41,325 gam hỗn hợp X bằng lượng oxi vừa đủ thì thu được N₂ và 96,975 gam hỗn hợp CO₂ và H₂O. Giá trị a: b gần nhất với

A. 0,50     B. 0,76

C. 1,30     D. 2,60

Lời giải:

Đáp án: C

B có công thức phân tử C₄H₉NO₂ không phải a.a tuy nhiên khi đốt cháy ta chỉ quan tâm đến công thức phân tử nên coi như B là 1 a.a có 4C (B phản ứng với NaOH tỉ lệ 1:1).

Khi thủy phân:

Khi đốt cháy: A₅: a mol → B: 2a mol

X ⇔ C_2xH_4xN₂O₃: (41,325 + 9a) gam; 3,5a mol

→ C_2xH_4xN₂O₃: 3,5a + O₂ → CO₂ + H₂O + N₂

.14 + 3,5a.76 = 41,325 + 9a -^SOLVE→ a = 0,075

→ n_CO2(X) = 1,575 → n_CO2(A) = 1,575 – 2.0,075.4 = 0,975

→ C_A = 0,975: 0,075 = 13

Bài 19: Hỗn hợp A gồm 2 peptit mạch hở Ala-X-Ala và Ala-X-Ala-X trong đó X là một α-amin⁡oaxit no, mạch hở chứa 1 nhóm –NH₂, 1 nhóm –COOH. Thủy phân hoàn toàn một lượng hỗn hợp X thu được 14x mol alanin và 11x mol X. Đốt 13,254 gam hỗn hợp A cần 17,0352 lít O₂ (đktc). Đun 13,254 gam hỗn hợp A với một lượng dung dịch NaOH vừa đủ thu được dung dịch chứa m gam hỗn hợp muối. Giá trị của m là

A. 14,798     B. 18,498

C. 18,684     D. 14,896

Lời giải:

Đáp án: B

A ⇔ C_2xH_4xN₂O₃: (13,254 + 99x) gam; O₂: 0,7605 mol

→ C_2xH_4xN₂O₃: 3,5a + O₂ → CO₂ + H₂O + N₂

.14 + 12,5x.76 = 13,254 + 99x ⇒ x = 0,06

m_A2 = 13,848; n_A2 = 0,0075 mol; BTKL: m = 18,498 gam

Bài 20: X và Y lần lượt là tripeptit và tetrapeptit tạo thành từ 1 loại aminoaxit no mạch hở có 1 nhóm –NH₂ và 1 nhóm –COOH. Đốt cháy 0,1 mol Y thu được CO₂, H₂O và N₂ trong đó tổng khối lượng CO₂ và H₂O là 47,8 gam. Nếu đốt 0,1 mol X cần bao nhiêu mol O₂?

A. 0,560 mol     B. 0,896 mol

C. 0,675 mol     D. 0,375 mol

Lời giải:

Đáp án: C

Gọi công thức của amino aixt là C_nH_2n+1NO₂

Công thức của Y là C_4nH_8n-2N₄O₅

C_4nH_8n-2N₄O₅ + O₂ → 4nCO₂ + (4n-1)H₂O + N₂

m_CO2 + m_H2O = 47, 8 ⇒ 0,1.4n. 44 + 0,1.(4n - 1). 18 = 47,8 ⇒ n = 2

Đốt cháy 0,1 mol X có công thức C₆H₁₁N₃O₄

C₆H₁₁N₃O₄ + 6,75O₂ → 6CO₂+ 5,5 H₂O + 1,5N₂

Có n_O2 = 6,75.0,1 = 0,675 mol.

Bài 21: Hỗn hợp X gồm 0,1 mol một α-aminoaxit no mạch hở A chứa 1 nhóm –NH₂, 1 nhóm –COOH và 0,025 mol pentapeptit mạch hở cấu tạo từ A. Đốt cháy hỗn hợp X cần a mol O₂, sản phẩm cháy hấp thụ hết vào 1 lít dung dịch NaOH 1,2M thu được dung dịch Y. Rót từ từ dung dịch chứa 0,8a mol HCl vào dung dịch Y thu được 14,448 lít CO₂ (đktc). Đốt 0,01a mol đipeptit mạch hở cấu tạo từ A cần V lít O₂ (đktc). Giá trị của V là

A. 2,2491     B. 2,5760

C. 2,3520     D. 2,7783

Lời giải:

Đáp án: D

Nhận thấy đốt X và đốt (0,1 + 0,025. 5) = 0,225 mol A cần lượng O₂ như nhau, sinh ra lượng CO₂ giống nhau

Gọi công thức của A là C_nH_2n+1NO₂

C_nH_2n+1NO₂ + (1,5n - 0,75)O₂ → nCO₂ + (n + 0,5)H₂O + 0,5N₂

Đốt cháy X cần 0,225.(1,5n - 0,75) O₂ và sinh ra 0,225n mol CO₂

Khi cho HCl vào dung dịch Y sinh ra:

Bảo toàn nguyên tố C ⇒ 1,2 - 0,8a + 0,645 = 0,225n

⇒ 1,2 - 0,8. [0,225.( 1,5n - 0,75)] + 0,645 = 0,225n ⇒ n = 4 ⇒ a = 1,18125 mol

Đốt cháy 0,01 a đipeptit: C₈H₁₆N₂O₃

C₈H₁₆N₂O₃ + 10,5O₂ → 8CO₂ + 8H₂O+ N₂

⇒ V_O2 = 10,5. 0,01.1,18125 . 22,4 = 2,7783 lít

Bài 22: Thủy phân hoàn toàn 0,09 mol hỗn hợp X gồm tripeptit, tetapeptit, pentapetit với dung dịch NaOH vừa đủ thu được 16,49 gam muối của Glyxin, 17,76 gam muối của Alanin và 6,95 gam muối của Valin. Nếu đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X thì thu được CO₂, H₂O và N₂ trong đó tổng khối lượng của CO₂ và H₂O là 46,5 gam. Giá trị gần đúng của m là

A. 24     B. 21

C. 26     D. 32

Lời giải:

Đáp án: B

Có n_Gly = 0,17 mol, n_Ala = 0,16 mol và n_Val = 0,05 mol

Có n_CO2 = 0,17.2 + 0,16.3 + 0,05. 5 = 1,07 mol, n_N2 = (0,17 + 0,16 + 0,05): 2 = 0,19 mol

Coi hỗn hợp gồm 0,09 mol:

Bảo toàn nguyên tố C ⇒ 0,38.2 + x = 1,07 ⇒ x = 0,31 mol

⇒ n_H2O = 0,38. 1,5 + 0,09 + 0,31 = 0,97 mol

m_X = 0,38.57 + 14. 0,31 + 0,09. 18 = 27,62 gam

Cứ 27,62 gam X thì tạo thành 1,07. 44 + 0,97. 18 = 64,54 gam CO₂ và H₂O

⇒ cứ 19,89 gam X thì tạo thành 46,5 gam O₂ và H₂O

Bài 23: Tripeptit X và pentapeptit Y đều được tạo ra từ aminoaxit X no, mạch hở, có 1 nhóm amino và 1 nhóm cacboxyl. Đốt cháy hoàn toàn 0,01 mol X rồi cho sản phẩm cháy vào bình đựng dung dịch nước vôi trong dư thấy tạo thành 6 gam kết tủa. Nếu đốt cháy hoàn toàn 0,02 mol Y thì thu được N₂ và m gam hỗn hợp CO₂ và H₂O. Giá trị của m là

A. 11,86.     B. 13,3.

C. 5,93.     D. 6,65.

Lời giải:

Đáp án: A

Amino axit có dạng C_nH_2n+1O₂N

X + 2H₂O → 3C_nH_2n+1O₂N

⇒ X có dạng [(C_nH_{2n + 1}O₂N)₃ - 2H₂O] ≡ C_3nH_{6n - 1}O₆N₃

C_3nH_{6n - 1}O₆N₃ + O₂ → 3nCO₂ + (6n-1)/2H₂O + 3/2N₂

n_CO2 = n_↓ = 6: 100 = 0,06 gam.

Ta có

⇒ n = 2 ⇒ amino axit là C₂H₅O₂N

• Y + 4H₂O → 5C₂H₅O₂N

⇒ Y có dạng [(C₂H₅O₂N)₅ - 4H₂O] ≡ C₁₀H₁₇O₆N₅

C₁₀H₁₇O₆N₅ + O₂ → 10CO₂ + 17/2 H₂O + 5/2 N₂

n_CO2 = 0,02.10 = 0,2 mol ⇒ m_CO2 = 8,8 gam.

n_H2O = 0,02.17/2 = 0,17mol ⇒ m_H2O = 0,17.18 = 3,06 gam

⇒ m_CO2 + m_H2O = 8,8 + 3,06 = 11,86 gam

Bài 24: Thủy phân hoàn toàn m gam hỗn hợp gồm peptit X và peptit Y bằng dung dịch NaOH thu được 151,2 gam hỗn hợp gồm các muối natri của Gly, Ala và Val. Mặt khác, để đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X, Y ở trên cần 107,52 lít khí O₂ (đktc) và thu được 64,8 gam H₂O. Giá trị của m là

A. 102,4.     B. 97,0.

C. 92,5.     D. 107,8.

Lời giải:

Đáp án: A

Gọi số mol NaOH phản ứng là 2x mol thì số mol đipeptit là x mol.

⇒ quy đổi: đốt x mol đipeptit dạng C_nH_2nN₂O₃ cần 4,8 mol O₂ → cho cùng số mol CO₂ và H₂O là (x + 3,2) mol.

Số mol H₂O trung gian chuyển đổi = (x + 3,2) – 3,6 = (x – 0,4) mol ⇒ n_{hh peptit} = 0,4 mol.

Có m_đipeptit = 14 × (x + 3,2) + 76x = 90x + 44,8 gam

⇒ m = 90x + 44,8 – 18.(x – 0,4) = 72x + 52 gam.

Áp dụng BTKL cho phản ứng thủy phân có: m + 80x = 151,2 + 0,4 × 18.

Giải ra được x = 0,7 mol và giá trị của m = 102,4 gam.

Bài 25: Đun nóng 4,63 gam hỗn hợp X gồm ba peptit mạch hở với dung dịch KOH (vừa đủ). Khi các phản ứng kết thúc, cô cạn dung dịch thu được 8,19 gam muối khan của các amino axit đều có dạng H₂NCmHnCOOH. Đốt cháy hoàn toàn 4,63 gam X cần 4,2 lít O₂ (đktc), hấp thụ hết sản phẩm cháy (CO₂, H₂O, N₂) vào dung dịch Ba(OH)2 dư. Sau phản ứng thu được m gam kết tủa và khối lượng phần dung dịch giảm bớt 21,87 gam. Giá trị của m gần giá trị nào nhất sau đây?

A. 35,0.     B. 27,5.

C. 32,5.     D. 30,0.

Lời giải:

Đáp án: C

Đặt số mol CO₂ = x; H₂O = y và N = z ⇒ số mol KOH = z.

Khối lượng dung dịch giảm = m_↓ - (m_CO2 + m_H2O) = 21,87 ⇒ 153x - 18y= 21,87.

Bảo toàn khối lượng phản ứng đốt cháy có: 4,63 + 6 = 44x + 18y + 14z.

Bảo toàn khối lượng phản ứng thủy phân có:

m_H2O =

⇒Lượng H trong muối là =

Khối lượng muối:

.2 + 12x + 85z = 8,19.

Giải hệ tìm được: x = 0,16; y = 0,145; z = 0,07

⇒ m_↓ = 31,52 gam

Bài 26: Hỗn hợp T gồm tetrapeptit X và pentapeptit Y (đều mạch hở, tạo bởi glyxin và alanin). Đun nóng m gam T trong dung dịch NaOH vừa đủ, thu được (m + 7,9) gam muối Z. Đốt cháy hoàn toàn Z, thu được Na2CO₃ và hỗn hợp Q gồm CO₂, H₂O, N₂. Dẫn toàn bộ Q vào bình đựng nước vôi trong dư, khối lượng bình tăng thêm 28,02 gam và còn lại 2,464 lít (đktc) một chất khí duy nhất. Phần trăm khối lượng của X trong T là

A. 55,92%.     B. 35,37%.

C. 30,95%.     D. 53,06%.

Lời giải:

Đáp án: D

Khí thoát ra khỏi bình là N₂: 0,11 mol ⇒ số gốc α amino axit = 0,22 mol

Quy T về:

Đốt muối:

Theo đề bài ta có 28,02 = 44.( 0,44 + x-0,11) + 18.( 0,22+ x) ⇒ x = 0,09 = n_Ala

Bảo toàn nguyên tố N ⇒ n_Gly = 0,22-0,09 = 0,13 mol

m_Z - m_T = 7,9 ⇒ 0,22. 40 - 18y = 7,9 → y = 0,05 = n_T

Gọi số mol X và Y lân lượt là a,b

Ta có hệ:

X: 0,03 mol (Gly)_n(Ala)_4-n, Y:0,02 mol (Gly)_m(Ala)_5-m

Có 0,03.n + 0,02m =0,13 ⇒ 3n + 2m = 13 ⇒ n = 1, m = 5 hoặc n = 3 và m = 2

n = 1, m = 5 ⇒

n = 3 và m = 2 ⇒

Bài 27: Thủy phân hoàn toàn m gam tetrapeptit X mạch hở thu được hỗn hợp Y gồm 2 amino axit no, mạch hở, có số cacbon liên tiếp (phân tử chứa 1 nhóm COOH và 1 nhóm NH₂). Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp Y cần vừa đủ 9 mol không khí (chứa 20% O₂ về thể tích, còn lại là N₂) thu được CO₂, H₂O và 165,76 lít khí N₂ (ở đktc). Số công thức cấu tạo thỏa mãn tính chất của X là

A. 4.     B. 12.

C. 8.     D. 6.

Lời giải:

Đáp án: D

Gọi công thức của tetrapeptit X C_4nH_8n-2N₄O₅

C_4nH_8n-2N₄O₅ + (4n-3)O₂ → 4nCO₂ + (4n-1)H₂O + 2N₂

Có n_O2 = 9: 5 = 1,8 mol ⇒ n_N2(kk) = 7,2 mol

Có ∑n_N2 = n_N2(kk) + n_N2 ⇒ n_N2 = 0,2 mol

⇒ 0,2.(4n-3) = 1,8 ⇒ n = 3 ⇒ 2 amino axit là CH₂(NH₂)-COOH và C₅H₁₁NO₂( có 2 cấu tạo CH₃-CH₂-CH₂-CH(NH₂)-COOH và Val: CH₃-CH(CH₃)-C(NH₂)-COOOH) với số mol bằng nhau

TH1: gồm Gly và Val: Gly-Gly-Val-Val,Gly-Val-Gly-Val, Gly-Val-Val-Gly, Val-Val-Gly-Gly, Val-Gly-Val-Gly, Val-Gly-Gly-Val

TH₂: Gồm Gly và CH₃-CH₂-CH₂-CH(NH₂)-COOH: tương tự có 6 peptit thỏa mãn

Bài 28: Hỗn hợp X gồm Gly–Ala, Ala–Ala–Val–Ala, Ala–Gly, Ala–Val–Val–Ala và Ala–Ala. Cho m gam hỗn hợp X tác dụng với lượng vừa đủ NaOH đun nóng thu được (m + 29,7) gam hỗn hợp muối của các aminoaxit. Mặt khác, nếu đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp X thu được 63,616 lít CO₂ (đktc) và 49,32 gam H₂O. Giá trị gần đúng của m là

A. 72,30     B. 72,10

C. 74,09     D. 73,76

Lời giải:

Đáp án: B

Đốt m gam X thu được 2,84 mol CO₂ và 2,74 mol H₂O

⇒ cần 0,1 mol H₂O để quy đổi hỗn hợp X về x mol X2.

Thủy phân (m + 1,8) gam X2 cần 2x mol NaOH → (m + 29,7) gam muối + x mol H₂O.

⇒ BTKL có: m + 1,8 + 80x = m + 29,7 + 18x ⇒ x = 0,45 mol.

⇒ m_{đipeptit X2} = 2,84.14 + 0,45.76 = 73,96 gam = m + 1,8 ⇒ m = 72,16 gam.

Bài 29: Cho 0,7 mol hỗn hợp T gồm hai peptit mạch hở là X (x mol) và Y (y mol), đều tạo bởi glyxin và alanin. Đun nóng 0,7 mol T trong lượng dư dung dịch NaOH thì có 3,8 mol NaOH phản ứng và thu được dung dịch chứa m gam muối. Mặt khác, nếu đốt cháy hoàn toàn x mol X hoặc y mol Y thì đều thu được cùng số mol CO₂. Biết tổng số nguyên tử oxi trong hai phân tử X và Y là 13, trong X và Y đều có số liên kết peptit không nhỏ hơn 4. Giá trị của m là

A. 396,6.     B. 409,2.

C. 340,8.     D. 399,4.

Lời giải:

Đáp án: A

Tổng số nguyên tử oxi trong hai phân tử X và Y là 13, trong X và Y đều có số liên kết peptit không nhỏ hơn 4 ⇒ T gồm penta peptit; x mol và hexapeptit; y mol

Ta có hệ:

Giả sử X có a Gly và (5-a) Ala.Y có b GLy và (6-b) Ala

Nếu đốt cháy hoàn toàn x mol X hoặc y mol Y thì đều thu được cùng số mol CO₂

⇒ 0,4.[2a + 3.(5-a)] = 0,3.[2b + 3. (6-b)] ⇒ 4a - 3b = 6 ⇒ Cặp nghiệm thỏa mãn là a = 3, b = 2

0,4 mol 3Gly-2Ala và 0,4mol 2Gly-4Ala

⇒ m = (0,4.3 + 0,3.2). (75 + 22) + (0,4.2 + 0,3.4). (89 +22) = 396,6 gam

Bài 30: Đun nóng 45,54 gam hỗn hợp E gồm hai peptit X (C_xH_yO_zN₆) và Y(C_nH_mO₅N_t) cần dùng 580ml dung dịch NaOH 1M chỉ thu được dung dịch chứa muối natri của glyxin và valin. Mặt khác đốt cháy hoàn toàn cùng lượng E trên trong O₂ vừa đủ thu được hỗn hợp CO₂, H₂O và N₂, trong đó tổng khối lượng của CO₂ và H₂O là 115,18 gam. Công thức phân tử của peptit X là

A. C₁₇H₃₀N₆O₇ B. C₂₁H₃₈N₆O₇

C. C₂₄H₄₄N₆O₇ D. C₁₈H₃₂N₆O₇

Lời giải:

Đáp án: B

Quy hỗn hợp E về đipepit có dạng C_nH_2nN₂O₃: 0,29 mol, lượng nước cần thêm H₂O: x mol

C_xH_yO₆N₇ + 2H₂O → 3C_nH_2nN₂O₃ và C_nH_mO₅N₄ + H₂O → 2C_nH_2nN₂O₃

Có m_đipeptit = 45,54 + x.18

Khi đốt cháy hỗn hợp đipeptit sẽ cho n_CO2 = n_H2O

Ta có

n_H2O = n_CO2 =

Theo đề bài có m_H2O + m_CO2 = 115,18 + 18x

⇒ (44 + 18) = 115,18 + 18x ⇒ x = 0,18

⇒ n_CO2 = = 1,91 mol

Gọi số mol của C_xH_yO₆N₇ và C_nH_mO₆N₅ lần lượt là a, b

Ta có hệ:

Khi đó 0,07.x + 0,04. n = 1,91 ⇒ 7x + 4n = 191

Với x = 24 ⇒ n= 5,75 loại

Với x = 18 ⇒ n = 16,25 loại

Với n = 17 ⇒ n = 18

(không thể phân tích thành số C của Val và Gly để thành tetrapeptit được) ⇒ loại

Với x = 21 ⇒ n = 11 (11 = 2 + 2 + 2 + 5. Gly-Gly-Gly-Val) thỏa mãn